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1、1解析：磁感线是封闭曲线，电场线不是封闭曲线，选项A、B均错；当通电导线与磁场方向平行时，不受磁场力的作用，但电荷在电场中一定受到电场力的作用，选项C错误而选项D正确.答案：D2解析：通入A~^C方向的电流时，由左手定则可知，安培力方向垂直金属棒向上，2T+尸安="£,FbBIL;欲使悬线张力为零，需增大安培力，但不能改变安培力的方向，只有选项A符合要求.答案：A於mv3解析：由qvB^my得厂=亦，速率相同时，半径越小，磁场越强，选项D正确.答案：D4解析：由洛伦兹力不做功，小球机械能守恒，小球在最低点的速度相等，选项A、
2、B均正确；设小球在最低点的速度为久从右侧摆下时，在最低点受洛伦兹力的方向竖直向下，2且T—qvB—mg=n亡;从左侧摆下时，在最低点受洛伦兹力的方向竖直向上，JLT2+qvB2—mg=nv£1工丁2,选项C、D均错.答案：AB5解析：设粒子的最终速度为久由7?=箭及5=寺皿2得Ek=©等，粒子的动能与交流电压无关，选项D可使射出的粒子动能增大.答案：D26解析：在磁场中，由何=等，得盒=眾选项A错误；在磁场中运动周期厂=辔与速率无关，选项D错误；在时间f内，粒子转过的圆弧对应的圆心角&=务2兀=警，选项B正确；电流定义
3、1=*=鬻,与速率无关，选项C正确.答案：BC7解析：由题意可知受力分析如图5所示.水平方向物体做减速运动，/=〃乐=ju(qoB—mg),当qvB=mg,即"=箭时，FN=0,之后物体做匀速直线运动，选项A、D正确而B、C错误.答案：AD27?8.解析：设圆柱形区域的半径为&粒子的初速度为％,则vQ=—f由于未知，无法求出带电粒子的初速度，选项A错误；若加上磁场，粒子在磁场中的轨迹如图7所示,设运动轨迹半径为r,运动周期为T,则2警，速度方向偏转了加3,由几何关系得，轨迹圆弧所对的圆心角e=E3j=亞R,联立以上式子得T=
4、£m；由T=27uNqB得=故选项C、D正确；由于R未知，无法求出带电粒子在磁场中做圆周运动的半径，选项B错误.答案：CD9解析：恰好过最高点1卜,ftlVV对甲球：fng+qv^B=p:对乙球:mvc2rng—qvcB=—^-丙球:mv^2哗=丁故Vv>V丙乙故选项A、B均错.洛伦兹力不做功，故运动过程中三个小球的机械能均保持不变，选项C、D均正确.答案：CD10解析：带电小球要沿直线通过复合场区域，则受力必须平衡，分析刚进复合场时的受力就可得C、D正确.答案:CD=A?+^=2m/s2>11答案：罗盘上指针的偏转角Bxt
5、an012解析：开始滑块与板一起匀加速，刚发生相对滑动时整体的加速度对滑块Mmg—qoB）=nm,代入数据可得此时刻的速度为6m/s.此后滑块做加速度减小的加速运动，最终匀速.mg=qvB代入数据可得此时刻的速度为10m/s.而板做加速度增加的加速运动，最终匀加速.板的加速度a=^=3m/s2答案：3m/s210m/s图1213解析：在图中，从左向右看，棒P0的受力如图12所示，棒所受的重力和安培力几的合力与环对棒的弹力F”是一对平衡力，且Fb=?Hgtan^=而Fb=IBL,所以/=今里V3X10X10'3X10A=1A0
6、.87X0.2八199亍X（9—亍）在右图所示的电路中两个圆环分别连入电路中的电阻为R,则R=~「亠Q=2Q由闭合电路欧姆定律得E=I（r+2R+R侔）=1X（0.54-2X24-1.5）V=6V答案：6V图1314解析：粒子每穿过铅板一次损失的动能都相同，但是粒子每穿过铅板一次其速度的减少却是不同的，速度大时，其速度变化量小；速度小时，速度变化量大.但是粒子每次穿过铅板时受铅板的阻力相同，所以粒子每次穿过铅板克服阻力做的功相同，因而每次穿过铅板损失的动能相同.粒子每穿过铅板一次损失的动能为：粒子穿过铅板的次数为:刁伯2答案
7、：1015解析：（1）设川和&的并联电阻为人，有7?2消耗的电功率为：当他=290时，联立①②③式，代入数据，得P=0.6W.④⑵设小球质量为加，电荷量为q,小球做匀速圆周运动时，有：qE=mg@设小球做圆周运动的半径为厂，有由几何关系有r=d®联立①②⑤⑥⑦⑧式，代入数据，解得心=54Q.⑨答案：(1)0.6W(2)54Q16解析：(1)Uh=EM；c端电势高.(2)由3i=&i乡①得心=心厉=為屈②当电场力与洛伦兹力相等时eEH=evB得Eh=dB③又I=nevS®将③、④代入②，得Rh=uB备。话于急七(3)a.由于在
8、时间t内，霍尔元件输出的脉冲数目为P,则P=mNt圆盘转速为N=£mtb.提出的实例或设想合理即可.答案：(l)3i=EM；C端电势高⑵心=丄'711ne(3)见解析
