数整除性（二）讲解

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1、第6讲数的整除性（二）　　这一讲主要讲能被11整除的数的特征。　　一个数从右边数起，第1，3，5，…位称为奇数位，第2，4，6，…位称为偶数位。也就是说，个位、百位、万位……是奇数位，十位、千位、十万位……是偶数位。例如9位数768325419中，奇数位与偶数位如下图所示：能被11整除的数的特征：一个数的奇数位上的数字之和与偶数位上的数字之和的差（大数减小数）如果能被11整除，那么这个数就能被11整除。例1判断七位数1839673能否被11整除。分析与解：奇数位上的数字之和为1＋3＋6＋3=13，偶数位上的数字之和为8＋9＋7=24，因为24-13=11能被

2、11整除，所以1839673能被11整除。　　根据能被11整除的数的特征，也能求出一个数除以11的余数。　　一个数除以11的余数，与它的奇数位上的数字之和减去偶数位上的数字之和所得的差除以11的余数相同。如果奇数位上的数字之和小于偶数位上的数字之和，那么应在奇数位上的数字之和上再增加11的整数倍，使其大于偶数位上的数字之和。例2求下列各数除以11的余数：　　（1）41873；（2）296738185。分析与解：（1）[（4＋8＋3）－（1＋7）]÷11　　=7÷11＝0……7，　　所以41873除以11的余数是7。　　（2）奇数位之和为2＋6＋3＋1＋5=1

3、7，偶数位之和为9＋7＋8＋8＝32。因为17＜32，所以应给17增加11的整数倍，使其大于32。　　（17+11×2）-32＝7，3/3　　所以296738185除以11的余数是7。　　需要说明的是，当奇数位数字之和远远小于偶数位数字之和时，为了计算方便，也可以用偶数位数字之和减去奇数位数字之和，再除以11，所得余数与11的差即为所求。如上题（2）中，（32-17）÷11＝1……4，所求余数是11-4=7。例3求除以11的余数。分析与解：奇数位是101个1，偶数位是100个9。　　（9×100-1×101）÷11　　=799÷11=72……7，　　11-7

4、=4，所求余数是4。　　例3还有其它简捷解法，例如每个“19”奇偶数位上的数字相差9-1＝8，奇数位上的数字和与偶数位上的数字和相差8×99=8×9×11，能被11整除。所以例3相当于求最后三位数191除以11的余数。例4用3，3，7，7四个数码能排出哪些能被11整除的四位数？解：只要奇数位和偶数位上各有一个3和一个7即可。有3377，3773，7337，7733。例5用1～9九个数码组成能被11整除的没有重复数字的最大九位数。分析与解：最大的没有重复数字的九位数是987654321，由　　（9＋7＋5＋3＋1）-（8＋6＋4＋2）＝5　　知，9876543

5、21不能被11整除。为了保证这个数尽可能大，我们尽量调整低位数字，只要使奇数位的数字和增加3（偶数位的数字和自然就减少3），奇数位的数字之和与偶数位的数字之和的差就变为5＋3×2=11，这个数就能被11整除。调整“4321”，只要4调到奇数位，1调到偶数位，奇数位就比原来增大3，就可达到目的。此时，4，3在奇数位，2，1在偶数位，后四位最大是2413。所求数为987652413。例6六位数能被99整除，求A和B。3/3分析与解：由99=9×11，且9与11互质，所以六位数既能被9整除又能被11整除。因为六位数能被9整除，所以　　A+2+8+7+5+B　　＝2

6、2+A+B　　应能被9整除，由此推知A＋B＝5或14。又因为六位数能被11整除，所以　　（A＋8＋5）－（2＋7＋B）　　＝A-B＋4　　应能被11整除，即　　A-B+4=0或A-B+4=11。　　化简得B-A＝4或A-B＝7。　　因为A+B与A-B同奇同偶，所以有　　　　在（1）中，A≤5与A≥7不能同时满足，所以无解。　　在（2）中，上、下两式相加，得　　（B＋A）＋（B-A）＝14＋4，　　2B＝18，　　B=9。　　将B=9代入A＋B=14，得A＝5。　　所以，A=5，B＝9。 3/3