2014届高考物理 3-3描述运动定律的综合应用领航规范训练

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1、2014届高考物理领航规范训练：3-3描述运动定律的综合应用1．(2013·广东深圳模拟)如图所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，在电梯运行时，乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小，这一现象表明(　　)A．电梯一定是在下降B．电梯可能是在上升C．电梯的加速度方向一定是向上D．乘客一定处在失重状态解析：电梯静止时，弹簧的拉力大小和重力相等．现在，弹簧的伸长量变小，则弹簧的拉力减小，小铁球的合力方向向下，加速度向下，小铁球处于失重状态．但是电梯的运动方向可能向上也可能向下，故选B、D.答案：BD2．如右图所示，木箱内有一竖直放置的弹簧，弹簧上方

2、有一物块；木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上．若在某一段时间内，物块对箱顶刚好无压力，则在此段时间内，木箱的运动状态可能为(　　)A．加速下降　　　B．加速上升C．减速上升D．减速下降解析：由题意知，物块处于超重状态，具有向上的加速度，故选B、D.答案：BD3．(高考上海卷)如图，在水平面上的箱子内，带异种电荷的小球a、b用绝缘细线分别系于上、下两边，处于静止状态．地面受到的压力为FN，球b所受细线的拉力为F.剪断连接球b的细线后，在球b上升过程中地面受到的压力(　　)A．小于FNB．等于FNC．等于FN＋FD．大于FN＋F解析：剪断连接球b的细线后，b球会向上加速，

3、造成两球之间的静电力F电增大，剪断前由整体法FN＝Mg＋mag＋mbg，F电＝mbg＋F.剪断后对箱和a球有FN′＝Mg＋mag＋F电′＝FN－mbg＋F电′，由于F电′＞F电，所以FN′＞FN＋F，故选D.答案：D4．如右图所示，在托盘测力计的托盘内固定一个倾角为30°的光滑斜面，现将一个重为4N的物块放在斜面上，让它自由下滑，那么测力计因4N物体的存在而增加的读数是(　　)A．4NB．2NC．0ND．3N解析：物体沿斜面下滑时有竖直向下的分加速度ay，处于失重状态，托盘测力计增加的示数为ΔF＝mg－may，而ay＝asinθ，又因ma＝mgsinθ，所以ΔF＝mg－mgs

4、in2θ＝3N.答案：D5．(2013·长沙模拟)如图所示，不计绳的质量以及绳与滑轮的摩擦，物体A的质量为M，水平面光滑．当在绳的B端挂一质量为m的物体时，物体A的加速度为a1，当在绳的B端施以F＝mg的竖直向下的拉力作用时，A的加速度为a2，则a1与a2的大小关系是(　　)A．a1＝a2　　　　　　　　B．a1>a2C．a1

5、所示，一夹子夹住木块，在力F作用下向上提升．夹子和木块的质量分别为m、M，夹子与木块两侧间的最大静摩擦力均为f.若木块不滑动，力F的最大值是(　　)A.B.C.－(m＋M)gD.＋(m＋M)g解析：对整个系统应用牛顿第二定律：F－(M＋m)g＝(M＋m)a①对M应用牛顿第二定律：2f－Mg＝Ma②由①②联立可得：F＝，故A正确．答案：A7．(2013·海口模拟)五个质量相等的物体置于光滑的水平面上，如图所示，现向右施加大小为F、方向水平向右的恒力，则第2个物体对第3个物体的作用力等于(　　)A.FB.FC.FD.F解析：对五个物体整体由牛顿第二定律得F＝5ma，对3、4、5三

6、个物体由牛顿第二定律得F23＝3ma，解以上两式得F23＝F，C正确．答案：C8．放在粗糙水平面上的物块A、B用轻质弹簧测力计相连，如图所示，物块与水平面间的动摩擦因数均为μ，今对物块A施加一水平向左的恒力F，使A、B一起向左匀加速运动，设A、B的质量分别为m、M，则弹簧测力计的示数为(　　)A.B.C.MD.M解析：先以A、B整体为研究对象，它们受到竖直向下的重力(M＋m)g，竖直向上的支持力FN＝(M＋m)g，水平方向向左的拉力F，水平方向向右的摩擦力Ff＝μFN＝μ(M＋m)g.由牛顿第二定律得到：F－Ff＝F－μ(M＋m)g＝(M＋m)a①，再以B为研究对象，其受力为

7、竖直向下的重力Mg，竖直向上的支持力FN′＝Mg，水平方向向左的弹簧拉力F′，水平方向向右的摩擦力Ff′＝μFN′＝μMg.由牛顿第二定律得到：F′－Ff′＝F′－μMg＝Ma，a＝－μg②，将②代入①整理得：F′＝，所以选项B正确．答案：B9．(2012·南京模拟)如图所示，一固定光滑杆与水平方向夹角为θ，将一质量为m1的小环套在杆上，通过轻绳悬挂一个质量为m2的小球，静止释放后，小环与小球保持相对静止以相同的加速度a一起下滑，此时绳子与竖直方向夹角为β，则下列说法正确的是(　　)A．杆对小环的作用力