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《高考递推数列题目型分类归纳解析_1》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、高考递推数列题型分类归纳解析各种数列问题在很多情形下,就是对数列通项公式的求解。特别是在一些综合性比较强的数列问题中,数列通项公式的求解问题往往是解决数列难题的瓶颈。本文总结出几种求解数列通项公式的方法,希望能对大家有帮助。类型1. 解法:把原递推公式转化为,利用累加法(逐差相加法)求解。例:已知数列满足,,求。 解:由条件知: 分别令,代入上式得个等式累加之,即 所以 , 变式:(2004,全国I,个理22.本小题满分14分)已知数列,且a2k=a2k-1+(-1)k, a2k+1=a2k+3k,其中k=1,2,3,…….(I)求a3,a5;(II)求{an}
2、的通项公式.解:∵, ∴,即 ∴, …… …… 将以上k个式子相加,得 将代入,得 , 。 经检验也适合,∴类型2. 解法:把原递推公式转化为,利用累乘法(逐商相乘法)求解。例1:已知数列满足,,求。 解:由条件知,分别令,代入上式得个等式累乘之,即 又,例2:已知, ,求。 解: 。例3:(2004,全国I,理15.)已知数列{an},满足a1=1, (n≥2), 则{an}的通项 解:由已知,得,用此式减去已知式,得 当时,,即,又, ,将以上n个式子相乘,得类型3.(其中p,q均为常数,)。解法(待定系数法):把原递推公式转化为:,其中,再利用换元法
3、转化为等比数列求解。例1:已知数列中,,,求.解:设递推公式可以转化为即. 故递推公式为,令,则,且. 所以是以为首项,2为公比的等比数列,则,所以.例2:(2006,重庆,文,14)在数列中,若,则该数列的通项=_____(key:)例3:(2006.福建.理22.)已知数列满足(I)求数列的通项公式;(II)若数列{bn}滿足证明:数列{bn}是等差数列;(Ⅲ)证明:(I)解: 是以为首项,2为公比的等比数列 即 (II)证法一:①②②-①,得即③-④,得 即 是等差数列 证法二:同证法一,得,令得 设下面用数学归纳法证明 (1)当时,等式成立 (2)假设
4、当时,那么 这就是说,当时,等式也成立 根据(1)和(2),可知对任何都成立 是等差数列 (III)证明: 变式:递推式:。解法:只需构造数列,消去带来的差异.类型4.(其中p,q均为常数,)。(或,其中p,q, r均为常数)。解法:一般地,要先在原递推公式两边同除以,得:引入辅助数列(其中),得:再待定系数法解决。例1:已知数列中,,,求。解:在两边乘以得: 令,则,解之得: 所以例2:(2006,全国I,理22)设数列的前项的和,(Ⅰ)求首项与通项;(Ⅱ)设,,证明:解:(I)当时,; 当时,, 即,利用(其中p,q均为常数,)。 (或,其中p,q,
5、 r均为常数)的方法,解之得:(Ⅱ)将代入①得 Sn=×(4n-2n)-×2n+1+=×(2n+1-1)(2n+1-2)=×(2n+1-1)(2n-1) Tn==×=×(-)所以,=-)=×(-)<类型5.递推公式为(其中p,q均为常数)。解法一(待定系数法):先把原递推公式转化为 其中s,t满足解法二(特征根法):[这是新补充的方法,仅供学有余力的同学用]对于由递推公式,给出的数列,方程,叫做数列的特征方程。若是特征方程的两个根,当时,数列的通项为,其中A,B由决定(即把和,代入,得到关于A、B的方程组);当时,数列的通项为,其中A,B由决定(即把和,代入,得到关
6、于A、B的方程组)。解法一(待定系数——迭加法):数列:,,求数列的通项公式。由,得 ,且,则数列是以为首项,为公比的等比数列,于是。把代入,得,,,……。把以上各式相加,得。。解法二(特征根法):[补充的方法,供学有余力的同学看]数列:,的特征方程是:。,∴。又由,于是故例1:已知数列中,,,,求。解:由可转化为即或这里不妨选用(当然也可选用,大家可以试一试),则是以首项为,公比为的等比数列,所以,应用类型1的方法,分别令,代入上式得个等式累加之,即又,所以。例2:(2006,福建,文,22)已知数列满足(I)证明:数列是等比数列;(II)求数列的通项公式;(II
7、I)若数列满足证明是等差数列 (I)证明: 是以为首项,2为公比的等比数列 (II)解:由(I)得 (III)证明: ① ② ②-①,得 即③ ④ ④-③,得 即 是等差数列 类型6.递推公式为与的关系式。(或)解法:这种类型一般利用与消去 或与消去进行求解。例1:已知数列前n项和.(1)求与的关系; (2)求通项公式.解:(1)由得: 于是 所以.(2)应用类型4((其中p,q均为常数,))的方法, 上式两边同乘以得:由.于是数列是以2为首项,2为公差的等差数列,所以例2:(2006,陕西,理,20) 已知正项数列{an},其前