2020版高考物理一轮复习 精选题辑： 周测五 能量和动量 含答案.doc

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1、周测五　能量和动量(A卷)(本试卷满分95分)一、选择题(本题包括8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的．全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分)1.如图所示，一质点在一恒力作用下做曲线运动，从M点运动到N点时，质点的速度方向恰好改变了90°.在此过程中，质点的动能(　　)A．不断增大B．不断减小C．先减小后增大D．先增大后减小答案：C解析：本题考查的是曲线运动及动能定理．质点做曲线运动，恒力指向轨迹的内侧，在开始时恒力与速度成钝角，恒力做负功，当恒力与速度的夹角变为锐角时，恒力开始做正

2、功，由动能定理知质点的动能先减小后增大，故本题答案为C.2.质量为2kg的物体以一定的初速度沿倾角为30°的斜面向上滑行，在向上滑行的过程中，其动能随位移的变化关系如图所示，则物体返回到出发点时的动能为(取g＝10m/s2)(　　)A．34JB．56JC．92JD．196J答案：A解析：本题考查动能定理的应用．物体上滑的过程中重力与摩擦力都做负功，由动能定理得－mgx·sin30°－fx＝0－E0，下滑的过程中重力做正功，摩擦力做负功，得mgx·sin30°－fx＝E－0，代入数据解得E＝34J，故选A.3．(多选)如图所示，一质量为m的圆环套在一根固定的光滑竖直杆上，圆环通

3、过细线绕过定滑轮O与质量为5m的钩码相连．竖直杆上有A、B、C三点，B为AC的中点，AO与竖直杆的夹角θ＝53°，B点与滑轮O在同一水平高度，滑轮与竖直杆相距为L.现将圆环从A点由静止释放，已知：sin53°＝0.8，cos53°＝0.6.下列说法正确的是(　　)A．圆环下滑到B点时速度最大B．圆环下滑到C点时速度为零C．圆环下滑到B点时速度为2D．砝码下降的最大距离为答案：CD解析：本题考查了机械能守恒定律、动能定理等知识．圆环在竖直方向合力为零时速度最大，B点时环竖直方向只受重力作用，圆环速度最大的位置为B点下方，选项A错误；圆环滑到C点，那么钩码还在初始位置，如果圆环的

4、速度为零，则系统的机械能是不守恒的，选项B错误；圆环下滑到B点时，钩码的速度为零，根据mg＋5mg＝mv2，解得v＝2，选项C正确；砝码下降的最大距离x＝－L＝，选项D正确．4.一质量为m的小球以初动能Ek0从地面竖直向上抛出，已知上升过程中受到阻力作用，图中两条图线分别表示小球在上升过程中动能、重力势能中的某一个与其上升高度之间的关系(以地面为零势能面，h0表示上升的最大高度，图中坐标数据中的k值为常数且满足0

5、．上升高度h＝h0时，重力势能和动能不相等D．上升高度h＝时，动能与重力势能之差为mgh0答案：D解析：本题考查了动能定理、功能关系等知识．根据动能定理有－(mg＋f)h＝Ek－Ek0，得Ek＝Ek0－(mg＋f)h，可见Ek是减函数，由图象②表示，重力势能为Ep＝mgh，Ep与h成正比，由图象①表示，选项A错误；从图象可知，重力势能、动能随着高度的变化成线性关系，故合力恒定，受到的阻力大小恒定，由功能关系可知，从抛出到最高点的过程中机械能的减少量等于阻力做的功的大小，由图象可知fh0＝Ek0－，且由动能定理可知Ek0＝(mg＋f)h0，解得f＝kmg，选项B错误；当高度h＝

6、h0时，动能为Ek＝Ek0－(mg＋f)h＝Ek0－(k＋1)mg·h0，又由Ek0＝(k＋1)mgh0，联立解得Ek＝mgh0，重力势能为Ep＝mgh＝mgh0，所以在此高度时，物体的重力势能和动能相等，选项C错误；当上升高度h＝时，动能为Ek＝Ek0－(mg＋f)h＝Ek0－(k＋1)mg·＝mgh0，重力势能为Ep＝mg·，则动能与重力势能之差为mgh0，选项D正确．5．(2018·重庆模拟)(多选)从水平地面上方某一高度处，将a球斜上抛，将b球平抛，且两球质量相等，初速度大小相同，最后落于同一水平地面上．不计空气阻力．在此过程中，下列说法正确的是(　　)A．两球着地时

7、的动能相同B．两球着地时的动量相同C．重力对两球所做的功相同D．重力对两球的冲量相同答案：AC解析：斜上抛和平抛过程中两球都只受重力作用，只有重力做功，两球初位置高度相同，故重力做功相同，根据动能定理有Ek－Ek0＝WG，因为Ek0＝mv，两球初动能相同，WG相同，故两球着地时的动能相同，故A、C正确．两球初位置高度相同，将a球斜上抛，b球平抛，a球开始时具有向上的分速度，所以a球运动的时间比b球运动的时间长，故重力对a球的冲量比对b球的冲量大，则落地时a球竖直方向的分动量大；又由于二者落地时的动能相等