2024年高考物理考前信息必刷卷05（浙江专用）（原卷版）.docx

《2024年高考物理考前信息必刷卷05（浙江专用）（原卷版）.docx》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在教育资源-天天文库。

2024年高考考前信息必刷卷（浙江专用）05物理试卷（考试时间：90分钟试卷满分：100分）2024年1月浙江物理选考试卷依据《普通高中物理课程标准（2017年版2020年修订）》的内容要求和学业质量水平等级要求，立足必备知识，评价关键能力，试卷的结构、难度、区分度、信度和效度保持相对稳定。落实依标命题，考查必备知识依据《课程标准》要求，选取物理核心概念、规律、思想和方法等内容设计试题，全卷考点涵盖物理各模块的所有主题，具有较高的覆盖面，比例合理。试卷在实验题上相对以为略有不同，增加一个实验小题，想必2024年6月选考也会保持相同题量。设置合理梯度，评价关键能力根据学科核心素养的水平层次、试题情境的复杂性和新颖性、知识要求的深度和广度等多方面设计试卷的难度。整卷设置了多层难度阶梯，有效区分不同学业水平的学生，使每个学生都能解决与自身能力吻合的问题。计算题情景设计既熟悉又新颖，问题设计由易到难，要求知识综合，多维的多层次的能力要求，利于大多数学生学有所得，利于多层次学生的区分选拔，利于高水平学生的脱颖而出。立足真实情境，聚焦核心素养试卷涵盖学科核心素养各维度，充分展现了素养考查内容的全面性和丰富性，体现了稳中求新的风格。如第9题的一箭三星、第13题的超导、第19题的扫描隧道显微镜等都立足真实情景、关注科技前沿和国家重大工程，加强对科学态度与责任素养的考查与渗透。一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1．国际单位制中规定，力学物理量所选用的基本量是（　　）A．长度、质量、时间B．米、千克、秒C．长度、力、时间D．速度、加速度、位移2．对于科学家在物理学上的主要贡献，下列说法正确的是（　　）A．牛顿经过多年的研究，得出了行星绕太阳的轨道是椭圆轨道的结论B．库仑最终测得了元电荷的电量，并确定了库仑定律 C．奥斯特通过实验揭示了电生磁的自然现象D．法拉第通过实验打开了磁生电的大门，并且得出了法拉第电磁感应定律3．如图所示，质量为m的物体在水平外力F的作用下，沿水平面做匀速运动，速度大小为v，当物体运动到A点时撤去外力F，物体由A点继续向前滑行过程中经过B点，则物体由A点到B点的过程中，下列说法中正确的是（　　）A．速度v越大，摩擦力对物体的冲量越小；摩擦力做功越少B．速度v越大，摩擦力对物体的冲量越小；摩擦力做功越多C．速度v越大，摩擦力对物体的冲量越小；摩擦力做功与速度v的大小无关D．速度v越大，摩擦力对物体的冲量越大；摩擦力做功与速度v的大小无关4．如图甲所示，一只小猫饭后来到池塘边散步，之前停留在池塘边的一条小鱼看到小猫后，从静止快速沿直线游离池塘边缘，全过程中小鱼的v﹣t图像如图乙所示。关于小鱼的整个运动过程，下列说法正确的是（　　）A．0～t2内小鱼的位移最大B．t4时刻小鱼受到的合力为0C．在t4∼t5内，小鱼的加速度与速度方向相同D．小鱼在0～t1内的加速度方向与t3～t5内的加速度方向相同5．一对不等量异种点电荷周围的电场线分布如图所示，下列说法正确的是（　　）A．Q1为负电荷B．Q1的带电荷量一定比Q2的带电荷量多 C．以大地为零电势，则Q1Q2连线的中点电势必定为零D．尽管B处没画出电场线，但B处的场强比A处大6．汽车碰撞试验是综合评价汽车安全性能的有效方法之一。设汽车在碰撞过程中受到的平均撞击力达到某个临界值F0时，安全气囊爆开。在某次试验中，质量m1＝1600kg的试验车以速度v1＝36km/h正面撞击固定试验台，经时间t1＝0.10s碰撞结束，车速减为零，此次碰撞安全气囊恰好爆开。则在本次实验中汽车受到试验台的冲量I0大小和F0的大小分别为（　　）（忽略撞击过程中地面阻力的影响。）A．I0＝5.76×104N•S，F0＝1.6×105NB．I0＝1.6×104N•S，F0＝1.6×105NC．I0＝1.6×105N•S，F0＝1.6×105ND．I0＝5.76×104N•S，F0＝3.2×105N7．如图所示，某北斗卫星在关闭动力系统后沿椭圆轨道绕地球运动，P、Q分别是轨道上的近地点和远地点。不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）A．卫星在P点的机械能小于在Q点的机械能B．卫星经过Q点时的速度小于第一宇宙速度C．卫星在P点处于超重状态，在Q点处于失重状态D．卫星由Q点运动到P点过程中万有引力做功的功率越来越大8．如图甲所示为某磁电式电流表的原理图，蹄形磁铁和铁芯间的磁场均匀辐向分布，如图乙所示，其磁感应强度的大小处处相等，都为B，一边长为L的正方形线圈处在磁场中，方向如图乙，当通有大小为I的电流时，下列正确的是（　　）A．由于磁感应强度的大小处处相同，则该磁场为匀强磁场B．穿过正方形线圈的磁通量大小为BL2C．正方形线圈的左边导线受到大小为BIL、方向向上的安培力 D．正方形线圈的右边导线受到大小为BIL、方向向上的安培力9．“S路”曲线行驶是我国驾驶证考试中的一项科目，某次考试过程中，有两名学员分别坐在驾驶座和副驾驶座上，并且始终与汽车保持相对静止，汽车在弯道上行驶时可视为做部分圆周运动，行驶过程中未发生打滑。如图所示，当汽车在水平“S路”上左转弯并减速行驶时（　　）A．两名学员都具有向左倾斜的趋势B．汽车轮子受到的静摩擦力指向转弯时轨迹的圆心C．坐在副驾驶座上的学员所需向心力较大D．汽车轮子受到的摩擦力可能越来越大10．《巴黎气候变化协定》是人类历史上应对全球温室效应带来的气候变化的第三个里程碑式的国际法律文本。为了减少二氧化碳的排放，我国一直在大力发展新能源汽车，已知某型号的电动汽车主要技术参数如表：车型尺寸长×宽×高4870×1950×1725最高时速km/h120电机型式交流永磁同步电机电机最大电功率kW180工况法纯电续驶里程km500等速法纯电续驶里程km600电池容量kW•h82.8快充时间h1.40﹣50km/h加速时间（s）20﹣100km/h加速时间s4.6根据电动汽车行业国家标准GB/T18386﹣2017，电机的最大功率为电机输出的最大机械功率；电池容量为电池充满电时储存的最大电能，根据表中数据，可知（　　）A．0﹣100km/h的加速过程中电动车行驶的路程一定大于60mB．电机以最大功率工作且车以最大速度行驶时，车受到的阻力大小为5000NC．该车在0﹣50km/h的加速过程中平均加速度为25m/s2D．电机以最大功率工做加速到最高时速用时4.6s11．如图所示，用轻绳将一条形磁铁竖直悬挂于O点，在其正下方的水平绝缘桌面上放置一铜质圆环。现将磁铁从A处由静止释放，经过B、C到达最低处D，再摆到左侧最高处E，圆环始终保持静止，则磁铁（　　） A．从B到C的过程中，圆环中产生逆时针方向的电流（从上往下看）B．从A到D的过程中，圆环受到摩擦力方向向右C．摆到D处时，圆环给桌面的压力小于圆环受到的重力D．从D到E的过程中，圆环受到摩擦力方向向左12．如图所示，电源电动势为3V，单刀双掷开关S先置于a端使电路稳定。在t＝0时刻开关S置于b端，若经检测发现，t＝0.02s时刻，自感线圈两端的电势差第一次为1.5V。如果不计振荡过程的能量损失，下列说法正确的是（　　）A．0.04s时回路中的电流为零B．0.08s时电感线圈中的自感电动势值最大为3VC．0.07s～0.08s时间内，电容器极板间电场方向竖直向上且逐渐减小D．0.04s～0.05s时间内，线圈中的磁场能逐渐增大13．如图所示，倾角为30°的斜面体固定在水平地面上，上表面O点以下部分粗糙且足够长，其余部分光滑。在斜面体O点上方放置一质量为0.2kg且分布均匀、长度为0.2m的薄板，薄板下端与O点之间的距离为0.4m。现由静止释放薄板，薄板沿斜面向下运动，已知当薄板通过O点过程中，薄板所受摩擦力大小是薄板在斜面O点以下部分重量的34倍，重力加速度g取10m/s2。则（　　）A．薄板减速运动时最大加速度为5m/s2B．薄板与O点以下部分的动摩擦因数为32 C．薄板的最大速度为403m/sD．薄板静止时，其下端距O点1.1m二、选择题Ⅱ（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）14．如图所示，a、b和c都是厚度均匀的平行玻璃板，a、c和b之间的夹角都为β，a和b之间的空间区域为Ⅰ区域，b和c之间的空间区域为Ⅱ区域。一细光束由红光和蓝光组成，以入射角θ从O点射入a板，且射出c板后的两束单色光射在地面上P、Q两点，由此可知（　　）A．射出c板后的两光与入射光平行，但是Ⅰ、Ⅱ区域的两束光与入射光不平行B．射到P点的光在玻璃中的折射率较大，为蓝光C．若仅增大b和c之间的夹角，则射出c板后的两束光不再平行D．若撤去c玻璃板，其他条件不变，则两束光在地面的落点右移，且两落点之间的距离减小15．甲、乙两列简谐横波（各只有一个波长）沿x轴相向传播，原点左侧和右侧为不同介质，已知波在原点左侧介质中的传播速度为3m/s。在t＝0时刻两列波的位置如图所示，此后发现平衡位置为x＝0.05m的质点曾经出现y＝+30cm的位移，则（　　）A．波在原点右侧介质中的传播速度为2.1m/sB．乙波的振动周期为0.2sC．t＝0.25s两列波恰好完全分离D．原点的质点在t＝0.35s后停止振动三、非选择题（本题共5小题，共55分）16.实验题（Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ共14分）Ⅰ．（5分）某同学用如图甲所示装置验证机械能守恒定律，光滑斜面AB与半径为R的光滑圆弧面相切于斜面底端的B点，圆弧的最低点为C。他采用以下两种方案来验证小球从斜面上某点由静止释放运动到C点的过程中机械能是否守恒。（当地重力加速度为g） （1）方案一：①他用20分度游标卡尺测量小球的直径d，如图乙所示，则小球直径d＝cm，在C点安装一个光电门；②将小球从斜面上某点由静止释放，小球通过C点光电门时所用的时间为t，则小球通过C点时的速度v＝（用物理量符号表示）；③改变小球的释放位置，测得释放位置到C点的高度为h，重复②，得到多组释放高度h和对应时间t，以1t2为横坐标，以h为纵坐标，将所得的数据点描点、连线，得到一条直线，若直线的斜率k＝，则表明小球在上述运动过程中机械能守恒。（2）方案二：①在圆弧最低点C安装一个力传感器；②将小球从斜面上某点由静止释放，测得释放位置到C点的高度为h，并测得小球通过C点时传感器的示数F；③改变小球的释放位置，重复②，得到多组释放高度h和对应传感器的示数F，以h为横坐标，以为F纵坐标，将所得的数据点描点、连线，得到一条直线，该直线的斜率为k，与纵轴的交点为b，若小球在上述运动过程中机械能守恒，则k＝，b＝。（用物理量符号表示）。Ⅱ．（6分）某同学描绘一种电子元件的I—U关系图像，采用的实验电路图如题图1所示，A为电压表，B为电流表，E为电源（电动势约6V），R为滑动变阻器（最大阻值20Ω），R0为定值电阻，S为开关。（1）请用笔画线代替导线，将题图2所示的实物电路连接完整。（2）调节滑动变阻器，记录电压表和电流表的示数如下表：电压U/V0.0000.2500.5000.6500.7000.7250.50电流I/mA0.000.100.250.601.704.307.50（3）根据实验数据作出的I﹣U图线如图3所示，可知该元件是（选填“线性”或“非线性”）元件。 （4）在上述测量中，如果用导线代替电路中的定值电阻R0，会导致的两个后果是。A．电压和电流的测量误差增大B．可能因电流过大烧坏待测元件C．滑动变阻器允许的调节范围变小D．待测元件两端电压的可调节范围变小18．（3分）用激光测三棱镜折射率的装置如图甲所示。已知三棱镜的横截面是顶角为α的等腰三角形，如图乙所示。实验过程如下：（1）激光笔发出的红色激光从棱镜左侧面入射，从另一侧面射出。调整入射角θ ，直至出射光线与入射光线关于三棱镜对称，测出此时的入射角为θ0，则此三棱镜对红色激光的折射率n＝。（用α、θ0表示）；（2）出射光线相对于入射光线转过的角度称作偏向角，本实验中，当入射角θ＝θ0时、偏向角δ红＝（用α、θ0表示）；（3）若换用蓝色激光进行以上实验，获得的偏向角δ蓝δ红（选填“＞”、“＝”、“＜”）。17．（8分）如图所示，下端开口的导热汽缸竖直悬挂在天花板下，缸口内壁有卡环，卡环与汽缸底部间的距离为L，一横截面积为S的光滑活塞（质量、厚度均不计）将一定量的理想气体封闭在汽缸内，活塞下方挂一质量为m的砂桶，活塞静止时活塞与汽缸底部的间距为45L。大气压强恒为11mgS（g为重力加速度大小），环境热力学温度恒为T0＝300K。（1）若在砂桶中逐渐加入砂子，求活塞刚接触卡环时砂桶（含砂）的总质量M；（2）若不在砂桶中加入砂子，对缸内气体缓慢加热，求气体的热力学温度T＝400K时的压强p。18．（11分）如图所示，光滑轨道abcde固定在竖直平面内，abc段是以O为圆心、半径R＝0.2m的一小段圆弧，de段水平，该段轨道上放着质量分别为mA＝2kg、mB＝1kg的物块A、B（均可视为质点），A、B间夹一轻质弹簧，弹簧与A、B均不拴接，轨道右侧的光滑水平地面上停着一质量M＝3kg、长L＝1.2m的小车，小车上表面与de等高。用手推A、B压缩弹簧，静止时弹簧的弹性势能Ep＝12J，然后同时放开A、B，之后A向左冲上轨进，B向右滑上小车。已知B与小车之间的动摩擦因数μ满足0.3≤μ≤0.6，g取10m/s2，弹簧原长小于de长度。求： （1）A离开弹簧时的速度vA的大小；（2）A通过圆弧最高点b时对轨道的压力：（3）B相对小车运动过程中两者因摩擦而产生的热量（计算结果可用μ表示）。19．（11分）基于电容器的制动能量回收系统已经在一些品牌的汽车上得到应用。某同学设计的这种系统的一种简易模型如图所示。某种材料制成的薄板质量为m，围成一个中空圆柱，圆的半径为r，薄板宽度为L，可通过质量不计的辐条绕过圆心O且垂直于圆面的水平轴转动。薄板能够激发平行于圆面且沿半径方向向外的辐射磁场，磁场只分布于薄板宽度的范围内，薄板外表面处的磁感应强度为B．一匝数为n的线圈abcd固定放置（为显示线圈绕向，图中画出了两匝），ab边紧贴薄板外表面但不接触，线圈的两个线头c点和d点通过导线连接有电容为C的电容器、电阻为R的电阻、单刀双掷开关，如图所示。现模拟一次刹车过程，开始时，单刀双掷开关处于断开状态，薄板旋转方向如图所示，旋转中薄板始终受到一与薄板表面相切，与运动方向相反的大小为f的刹车阻力作用，当薄板旋转的角速度为ω0 时，将开关闭合到位置1，电容器开始充电，经时间t电容器停止充电，开关自动闭合到位置2。除刹车阻力外，忽略其他一切阻力，磁场到cd连线位置时足够弱，可以忽略。电容器的击穿电压足够大，开始时不带电，线圈能承受足够大的电流，不考虑磁场变化引起的电磁辐射。（1）电容器充电过程中，判断极板M带电的电性；（2）求充电结束时，薄板的角速度ω1大小；（3）求薄板运动的整个过程中该系统的能量回收率。20．（11分）如图甲所示，长方形MNPQ区域（MN＝PQ＝3d，MQ与NP边足够长）存在垂直纸面向里的磁感应强度大小为B的匀强磁场。长为5d、厚度不计的荧光屏ab，其上下两表面均涂有荧光粉，ab与NP边平行，相距为d，且左端a与MN相距也为d。电子枪一个一个连续地发射出电子（已知电子质量为m、电荷量为e、初速度可视为零），经电场加速后，沿MN边进入磁场区域，电子打到荧光屏就会发光（忽略电子间的相互作用）。（1）若加速电压为U，求：电子进入磁场时的速度；（2）改变加速电压，使电子不断打到荧光屏上，求：荧光屏能发光区域的总长度；（3）若加速电压按如图乙所示的图象变化，求：从t＝0开始一个周期内，打在荧光屏上的电子数相对总电子数的比例。（电子经加速电场的时间远小于周期T） 2024年高考考前信息必刷卷（浙江专用）05物理·答案及评分标准（满分：100分）一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）12345678910111213ACCCBBBCDABCB二、选择题Ⅱ（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）1415BDBD三、非选择题（本题共6小题，共55分） 16．Ⅰ、（1）①1.260；②dt；③d22g；（2）③2mgR；mgⅡ、（1）；（3）非线性；（4）BCⅢ、（1）sinθ0sinα2；（2）2θ0﹣α；（3）δ蓝＞δ红17．(8分)【解答】解：（1）初态对活塞与沙桶整体受力分析得：mg+p1S＝p0S，p0=11mgS，解得p1=10mgS由玻意耳定律得p1•45LS＝pLS，解得：p=8mgS（2分）再次对活塞与砂桶组成的系统受力分析得Mg+pS＝p0S，解得M＝3m（2分）（2）不再砂桶中加砂子，如果活塞不受卡环约束，则气体做等压变化，由盖—吕萨克定律得4LS5T0=lST，解得气柱长度l=1615L＞L，所以不加砂子，温度400k时活塞在卡环位置，由理想气体状态方程得：4p1LS5T0=p2LST（2分）解得：p=32mg3S（2分）18．(11分)【解答】解：（1）放开AB后，A、B、弹簧组成的系统动量守恒，取向左为正方向，由动量守恒定律得mAvA﹣mBvB＝0（1分）由系统机械能守恒得Ep=12mAvA2+12mBvB2（1分）解得A、B离开弹簧时的速度vA＝2m/s，vB＝4m/s（2分）（2）假设A通过圆弧最高点b，到达b点的速度为vb。由机械能守恒定律得12mAvA2=12mAvb2+mAg•2R（1分）解之得：vb＝0 说明A恰好运动到圆弧最高点b，A对轨道的压力大小FN＝mAg＝2×10N＝20N，方向竖直向下。（1分）（3）假设B恰好运动到小车右端时共速，取向右为正方向，由动量守恒定律得mBvB＝（mB+M）v（1分）由能量守恒定律得μmBgL=12mBvB2−12（mB+M）v2解得：v＝1m/s，μ＝0.5（1分）当0.5≤μ≤0.6时，B与小车能共速且速度为v，小车和B因摩擦而产生的热量为Q1=12mBvB2−12（mB+M）v2（1分）解得：Q1＝6J（1分）当0.3≤μ＜0.5时，B与小车不能共速，小车和B因摩擦而产生的热量为Q2＝μmBgL解得：Q2＝12μJ（1分）19．(11分)【解答】解：（1）薄板旋转方向为逆时针，则线框相对于薄板的运动方向为顺时针，根据右手定则可知，d点电势低于c点电势，故M板带负电；（2分）（2）薄板旋转，线圈相对薄板的线速度分别为v0＝ω0r，v1＝ω1r停止充电时，两极板的电压为U1＝nBLv1在充电过程中，对薄板分析，根据动量定理得﹣ft﹣nBILt＝mv1﹣mv0充电的电荷量大小满足Q1=It，Q1＝CU1联立解得ω1=mrω0−ft(m+n2B2L2C)r（4分）（3）整个过程中，薄板损失的机械能为ΔE损=12mv02充电过程中的Q﹣U图像如图所示： 利用微元法，结合充电过程中克服电场力做功的公式W＝qU，电容的公式C=QU，可得到阴影面积为电容器充电过程中获得的能量，即ΔE回=12U1Q1（2分）薄板运动的整个过程中该系统的能量回收率η=ΔE1ΔE2（1分）联立解得η=n2B2L2C(mrω0−ft)2mr2ω02(m+n2B2L2C)2（2分）20．(11分)【解答】解：（1）电子在加速场中，根据动能定理有：eU=12mv2解得电子刚进入磁场的速度大小为：v=2eUm（2分）（2）打在荧光屏a点的电子，根据几何关系得：R12=（2d）2+（R1﹣d）2，解得：R1＝2.5d（2分）①若减小粒子的速度，粒子打在荧光屏的下表面，临界条件是轨迹相切于c点，是粒子的最小速度，如图所示：根据几何关系可得，对应粒子做圆周运动的半径为R1＝2d，因此ac区域长度是ac＝d，（2分）②若增大粒子的速度，粒子打在荧光屏上表面，临界条件是粒子运动轨迹与NP相切，由几何关系得：R3＝3d所以ag的长度为：ag＝3d+(3d)2−(2d)2−d＝2d+5d由于af＝3d，那么fg=5d﹣d发光区域的总长度为：Δd＝ac+fg＝d+5d﹣d=5d，（2分）（3）由第（2）步可知，粒子半径在2d≤R≤3d的区间内，粒子能打在荧光屏上，根据洛伦兹力提供向心力有：evB=mv2R根据动能定理有：eU=12mv2 可求得：当2eB2d2m≤U≤4.5eB2d2m，时，粒子能打在荧光屏上，因此η=4.5eB2d2m−2eB2d2m5eB2d2m−eB2d2m×100%＝62.5%（3分）