四川省 2023-2024学年高三上学期10月月考理科综合 Word版含解析.docx

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安岳中学高2021级高三上期10月月考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1－5题只有一项符合题目要求，第6－8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错得0分。1.某人爬山，从山脚爬上山顶，然后又从原路返回到山脚，上山平均速率为，下山的平均速率为，则往返全程的平均速度的大小和平均速率分别是（）A.，B.，C.，D.，【答案】B【解析】【详解】此人往返全程的位移为，故平均速度为根据题意可知上、下山过程的路程相同，设均为，则往返全程的平均速率为故选B。2.如图所示，在“探究滑动摩擦力大小”实验过程中，用拉力将木板从木块下抽出，弹簧秤的示数稳定时为3.00N，已知木块的重力为8.00N，则木块与木板间的滑动摩擦力大小为（　　）A.3.00NB.5.00NC.8.00ND.11.00N【答案】A【解析】【详解】 对木块受力分析，它受力平衡，则所受的弹力等于木板对滑块的滑动摩擦力，则木块与木板间的滑动摩擦力大小为3.00N。故选A。3.如图，斜面体a放置在水平地面上，一根跨过光滑定滑轮的轻绳，左侧平行于斜面且与斜面上的物块b相连，另一端与小球c相连，整个系统处于静止状态。现对c施加一水平力F，使小球缓慢上升一小段距离，整个过程中a、b保持静止状态，则该过程中（　　）A.轻绳的拉力先减小后增大B.水平力F先减小后增大C.地面对a可能没有摩擦力D.地面对a的弹力减小【答案】D【解析】【详解】AB．取小球c为研究对象，受到重力mg、拉力F和绳子拉力FT作用，如图所示设绳子与竖直方向夹角α，根据平衡条件可得水平力绳子的拉力绳子与竖直方向夹角α逐渐增大，绳子的拉力FT逐渐增大，水平力F逐渐增大，故AB错误；C．以物块b和斜面体a整体为研究对象，水平方向根据平衡条件可得地面对斜面体a的摩擦力为由于绳子拉力FT逐渐增大，则地面对斜面体a的摩擦力一定变大，故C错误；D．在竖直方向根据平衡条件可得由于绳子拉力FT逐渐增大，所以水平地面对斜面体a的弹力减小，故D正确。 故选D。4.如图所示，小明将玩具电动车放在跑步机上做游戏，跑步机履带外侧机身上有正对的A、B两点，在慢跑模式下履带以v0=3m/s的速度运行。已知电动小车能以v=5m/s的速度匀速运动，履带宽度为50cm，小车每次都从A点出发，下列说法正确的是（　　）A.无论玩具车车头指向何方，小车运动的合速度始终大于5m/sB.玩具小车到达对面的最短时间为0.125sC.玩具小车从A点出发到达正对面的B点，车头需与A点左侧履带边缘成53°夹角D.玩具小车从A点出发到达正对面的B点用时为0.1s【答案】C【解析】【详解】A．合速度可能等于分速度，可能大于分速度，也可能小于分速度，故A错误；B．当玩具小车的车头垂直于履带运动时，小车到达对面的时间最短，此时故B错误；C．若玩具小车从A点出发到达正对面的B点，则所以即车头需与A点左侧履带边缘成53°夹角，故C正确；D．玩具小车从A点出发到达正对面的B点所用时间为故D错误。故选C。5.如图所示，某人向对面的山坡上水平抛出两个质量不等的石块，分别落到A、B两处。不计空气阻力，则落到B处的石块（　　） A.初速度大，运动时间短B.初速度大，运动时间长C.初速度小，运动时间短D.初速度小，运动时间长【答案】A【解析】【详解】落到B处石块下落的高度较小，根据知，运动时间较短；根据初速度知，落在B处的石块水平位移大，运动时间短，则初速度较大。故选A。6.拉链是方便人们生活的近代十大发明之一。图（a）为拉头劈开链齿的实例，拉齿容易被劈开是因为拉头内部的楔形物插入链齿时，楔形物两侧会对链齿产生很大的侧向压力，此过程可简化成图（b）的模型。已知拉头对链齿施加一个竖直向下的力F，楔形物顶端夹角为，则（　　）A.若F一定，大时侧向压力大B.若F一定，小时侧向压力大C.若一定，F大时侧向压力大D.若一定，F小时侧向压力大【答案】BC【解析】【详解】AB．由题意可将力F分解为两个垂直两侧拉链的压力，且由几何关系知，两分力夹角与是互补关系，所以F一定，越大两分力夹角越小，则分力越小，反之，越小两分力夹角越大，则分力越大，故A错误，B正确；CD．当一定时，即两分力夹角一定，则F越大分力越大，F越小分力越小，故C正确，D错误。故选BC。7.如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上。A、B间的动摩擦因数为 μ，B与地面间的动摩擦因数为μ。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F，则（　　）A.当F<2μmg时，A、B都相对地面静止B.当F＝μmg时，A的加速度为μgC.当F>3μmg时，A相对B滑动D.无论F为何值，B的加速度不会超过μg【答案】BD【解析】【详解】AB之间的最大静摩擦力为fmax=μmAg=2μmgB与地面间的最大静摩擦力为A．当F<μmg时，A、B都相对地面静止，故A错误。B．当F＝μmg时，对整体根据牛顿第二定律有解得故B正确；C．当两物体恰好发生相对运动时，对AB整体，由牛顿第二定律得对B联立解得F=4µmg故当F＞4µmg时，A、B之间发生相对滑动，故C错误；D．当两物体未发生相对滑动时，F越大，加速度越大，当两物体发生相对滑动时，B 的加速度最大，根据牛顿第二定律得解得故D正确。故选BD。8.如图所示，A、E分别是斜面的顶端和底端，B、C、D是斜面上的三个点，且。从A点以不同的水平速度向左抛出两个小球（不计空气阻力），球1落在B点，球2落在E点。两球从抛出到落在斜面上的运动过程中，下列说法正确的是（　　）A.球1和球2运动的时间之比为B.球1和球2抛出时初速度大小之比为C.球1和球2落点速度方向不相同D.球1和球2落点速度大小之比为【答案】ABD【解析】【详解】A．因为，设在竖直方向的高度为，则在竖直方向的高度为。则根据平抛运动规律两球下落时间分别满足，解得故A正确；B．根据几何关系，设在水平方向的位移为，则在水平方向的位移为，则， 解得故B正确；C．设位移偏转角为，速度偏转角为，则，可知速度偏转角的正切值是位移偏转角正切值的2倍。因为是同一斜面，则落在斜面任一点处位移偏转角的正切值都相等，则速度偏转角也相同，即球1和球2落点速度方向相同。故C错误；D．落点速度大小为球1和球2抛出时初速度大小之比为，落点速度夹角相同，则落点速度大小之比为。故D正确。故选ABD。二、非选择题。9.用如图所示的实验装置，探究加速度与力、质量的关系。实验中，将一端带滑轮的长木板放在水平实验台上，实验小车通过轻细线跨过定滑轮与钩码相连，小车与纸带相连，打点计时器所用交流电的频率为f=50Hz。在保持实验小车质量不变的情况下，放开钩码，小车加速运动，处理纸带得到小车运动的加速度a，改变钩码的个数，重复实验。（1）实验时，要求钩码的质量远小于小车的质量，这样做的目的是________。A．避免在滑块运动的过程中发生抖动B．使小车获得较大的加速度C．使细线的拉力等于小车受到的合外力D．使小车最终能匀速运动E．使纸带上点迹清晰，便于进行测量 F．使钩码重力近似等于细线的拉力（2）实验过程中打出的一条纸带如图，在纸带上便于测量的地方选取第一个计数点，在这个点上标明A，第六个点上标明B，第十一个点上标明C，第十六个点上标明D，第二十一个点上标明E。测量时发现B点已模糊不清，于是测得AC的长度为12.26cm，CD的长度为6.60cm，DE的长度为6.90cm，则应用所有测得的数据，可计算得出小车运动的加速度a=________m/s2。（3）根据实验测得的数据，以小车运动的加速度a为纵轴，钩码的质量m为横轴，得到如图所示的图像如图中图线A所示，现仅增大木板与水平方向夹角，得到的图像可能是图中的________（图中所示的A、B、D、E图线相互平行）。（4）如果要用该装置来验证动能定理，操作完全正确，已知钩码质量m、小车质量M、A点的速度为vA、D点速度为vD、测得AD距离为L，那么需要验证的表达式为________。【答案】①.F②.0.31③.DE##ED④.【解析】【详解】（1）[1]对整体利用牛顿第二定律，有可得整体的加速度对小车，根据牛顿第二定律，有显然，当时，小车受到的拉力才能近似等于砝码的重力。故选F。（2）[2]由于相邻两个计数点之间有4个点未标出，故相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，根据逐差法可得小车的加速度大小为 （3）[3]由图可知，悬挂钩码的情况下，小车的加速度为0，原因可能是平衡摩擦力时长木板倾角过小，现增大木板与水平方向夹角，若此角度依然未将摩擦力完全平衡，则小车的加速度依然为0，若此角度过大平衡摩擦力过度，则小车将存在加速度，故图像可能为DE。（4）[4]小车受到的合力为砝码的重力，则小车从C点到D点时，根据动能定理可知需要验证的表达式为10.在做“探究平抛运动规律”实验时，通过描点法画出小球平抛运动轨迹，并求出平抛运动初速度。实验装置如图所示。取g=10m/s2。（1）下列说法正确的是______。A．应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下B．斜槽轨道必须光滑C．斜槽轨道末端可以不水平D．要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些E．为了比较准确地描出小球运动的轨迹，应该用一条平滑的曲线把所有的点连接起来（2）下图是小球做平抛运动轨迹所描点的一部分，图中正方形方格的边长L=5cm，则由图可知小球由A运动到B的时间tAB与由B到C的时间tBC的大小关系为tAB___________tBC（填“>”、“=”或“<”），平抛的初速大小v0=___________m/s，小球经过B点时的竖直速度大小vBy=___________m/s，B点速度大小vB=___________m/s；由抛出点到C点的运动时间tC=___________s。【答案】①.ADE##AED##DAE##DEA##EDA##EAD②.=③.1.5④. 2⑤.2.5⑥.0.3【解析】【详解】（1）[1]A．为使小球初速度相等，应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下，故A正确；B．斜槽轨道没必要必须光滑，故B错误；C．为保证初速度沿水平方向，斜槽轨道末端要保持水平，故C错误；D．要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些，故D正确；E．为了比较准确地描出小球运动轨迹，应该用一条曲线把尽量多的点连接起来，故E正确。故选ADE。（2）[2]水平方向上，小球做匀速运动，由AB间与BC间的水平位移相等即可知tAB=tBC[3]竖直方向上小球做自由落体运动，由匀变速直线运动规律可得得频闪照相的周期水平方向小球做匀速直线运动，由图可知则可以求出小球做平抛运动的初速度v0=1.5m/s[4]小球经过B点时的竖直分速度等于AC间竖直方向的平均速度即[5]由平行四边形定则可知，小球经过B点的速度为[6]小球经过C点时的竖直分速度vCy=vBy＋gT=3m/s则有vCy=gt 解得由抛出点到C点的运动时间t=0.3s11.投壶，是我国古代的一种民间游戏。如图现有甲、乙两人进行投壶游戏，为简化起见，将箭矢视为质点，且不计空气阻力。甲从离地面高h1=1.8m的A点将质点以初速度v1=5m/s水平抛出，正好落在壶口C点，不计壶的高度。乙从离地面高h2=1.25m的B点水平抛出质点，也能使质点落到壶口C（已知重力加速度g=10m/s2）求：（1）甲抛出的质点的水平位移x；（2）乙抛出的质点到达C点的速度大小v。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）甲球做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，有水平方向做匀速直线运动，有联立解得（2）乙球做平抛运动，同理有联立解得12.如图所示，倾角为30°的光滑斜面的下端有一足够长的水平传送带，传送带正以6m/s 速度运动，运动方向如图所示，一个质量为m的物体(可以视为质点)，从h=3.2m高处由静止沿斜面下滑，物体经过A点时速率不变.物体与传送带间的动摩擦因数为0.5，重力加速度,则:(1)物体由静止沿斜面下滑到斜面末端时速度的大小．(2)物体在传送带上第一次向左运动的最远距离．(3)物体通过传送带返回A点后，沿斜面上滑的最大高度为多少?【答案】(1)8m/s(2)6.4m(3)1.8m【解析】【详解】(1)物体在斜面上的加速度根据解得滑到底端的速度=8m/s(2)物体在传送带上做匀减速运动的加速度大小则物体在传送带上向左运动的最远距离(3)因为物块速度减为零后，返回做匀加速直线运动，返回时速度达到传送带速度后做匀速直线运动，所以物块返回到A点的速度为6m/s，则上滑的距离上升的高度 答：(1)8m/s(2)6.4m(3)1.8m13.如图所示，质量为2kg、足够长的长木板B静止在光滑水平地面上，在距长木板右端距离为x处有一固定挡板C．质量为1kg的小滑块A从长木板的左端以大小为12m/s的初速度滑上长木板，物块与长木板间的动摩擦因数为0.4，木板B与挡板C的碰撞过程中没有机械能损失且碰撞时间极短可忽略不计，取g=10m/s2.求：（1）若在B与C碰撞前A与B已相对静止，则x至少为多少；（2）若要使B与C第一次碰撞前瞬间，B向右运动动量恰好等于A向右运动的动量，则x为多少；（3）若x=0.25m，则B与C发生第一次碰撞后B的速度为0时，A的速度为多少。【答案】（1）2m；（2）2.25m；（3）8m/s【解析】【详解】（1）根据动量守恒解得根据牛顿第二定律解得根据匀变速直线运动解得（2）根据题意“B和C第一次碰撞前瞬间，B向右运动的动量等于A向右运动的动量”，则根据动量守恒可得 解得根据匀变速直线运动解得（3）根据匀变速直线运动解得根据动量守恒解得说明A此时的速度为10m/s。B和C第一次撞击后，B将向左以速度为1m/s做匀减速运动，此时A和B总动量为8kgm/s。根据动量守恒解得