四川省绵阳南山中学2022-2023学年高一下学期入学考试物理 Word版含解析.docx

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绵阳南山中学2023年春2022级高一下入学考试物理试题满分100分，时间75分钟第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、本大题12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项是符合题目要求的，第9-12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错或不选的得0分。1.物理学发展历程中，科学家们总结了许多物理学研究的思想和方法，下列叙述正确的是（　　）A.把物体看成质点运用了理想模型方法B.加速度采用的是比值定义法C.平均速度和瞬时速度都用到极限的思想D.重力的作用点在重心，运用了假设的思想【答案】A【解析】【详解】A．把物体看成质点运用了理想模型方法，故A正确；B．是加速度的决定式，采用了比值定义法，故B错误；C．瞬时速度用到了极限的思想，平均速度没有用到极限思想，故C错误；D．重力的作用点在重心，运用了等效替代的思想，故D错误。故选A。2.如图，某同学用手指捏住一个圆柱形玻璃杯并保持静止，则下列说法中正确的是（　　）A.杯子仅受到重力和静摩擦力两个力B.手对杯子的作用力竖直向上C.若使劲捏杯子，则杯子所受的摩擦力变大D.若使劲捏杯子，则手对杯子的作用力增大 【答案】B【解析】【详解】A．杯子除了受重力和摩擦力还受手捏杯子的压力，故A错误；B．杯子静止，受力平衡，手对杯子的力与重力方向相反，故B正确；C．杯子静止，竖直方向上受力平衡，摩擦力与重力方向相反，使劲捏杯子，杯子仍然是受力平衡，摩擦力等于重力，故C错误；D．杯子静止，受力平衡，手对杯子的力与重力方向相反，使劲捏杯子，杯子仍然静止，仍然是受力平衡，手对杯子的力等于重力故D错误；故选B。3.甲、乙、丙三个质点按如图所示的规律在同一直线上运动，其中丙质点的位移时间图象为顶点过坐标原点的抛物线．下列说法中正确的是()A.甲、乙两个质点以相同的速度做匀速直线运动B.甲质点做匀加速直线运动，乙质点做匀减速直线运动，两质点的加速度大小相等C.在t＝5s时，甲、乙两质点距离最近D.丙质点做匀加速直线运动【答案】D【解析】【详解】AB.位移时间图象的斜率表示速度，由题图可知，甲、乙两质点的运动方向相反，都做匀速直线运动，速度大小相等，故AB错误；C.甲、乙两质点从同一点出发，向相反方向运动，则t＝0时，相距最近，所以C错误；D.已知丙质点的位移时间图象为抛物线，可写出其运动方程为，由运动学公式可知，丙质点做匀加速直线运动，所以D正确．4.如图所示，杆BC的B端用铰链接在竖直墙上，另一端C为一滑轮．重物G上系一绳经过滑轮固定于墙上A点处，杆恰好平衡．若将绳的A端沿墙缓慢向下移（BC杆、滑轮、绳的质量及摩擦均不计），则（　　） A.绳的拉力增大，BC杆受绳的压力增大B.绳的拉力不变，BC杆受绳的压力增大C.绳的拉力不变，BC杆受绳的压力减小D.绳的拉力不变，BC杆受绳的压力不变【答案】B【解析】【详解】由于杆一直平衡，则两根细线的拉力的合力一定在杆的方向上，否则杆会转动；由于是同一根绳子，故两根细线的拉力一定相等且等于物体的重力G，根据平行四边形定则，合力一定在角平分线上，将绳的A端沿墙缓慢向下移则两拉力的夹角不断减小，故两个拉力的合力不断变大，故杆受到的压力不断变大，故B正确，ACD错误．5.小强同学使用轻弹簧、直尺、钢球等制作了一个“竖直加速度测量仪”。如图所示，弹簧上端固定，在弹簧旁沿弹簧长度方向固定一直尺。不挂钢球时，弹簧下端指针位于直尺刻度处；下端悬挂钢球，静止时指针位于直尺刻度处。将直尺不同刻度对应的加速度标在直尺上，就可用此装置直接测量竖直方向的加速度，取加速度竖直向上为正方向，则当加速度为时，对应刻度尺的位置为（　　） A.处B.处C.处D.处【答案】C【解析】【详解】设钢球质量为m，弹簧的劲度系数为k，则挂钢球时有当加速度为时，根据牛顿第二定律有解得对应刻度尺的位置为故选C。6.一只长方体形空铁箱质量为，铁箱内有一个质量与空铁箱相同的小铁块，铁箱与水平面间以及铁块与铁箱内壁间的动摩擦因数都为0.5，现用水平拉力F使铁块贴在铁箱左壁上方与铁箱一起沿水平面向右匀加速运动，如图所示，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则拉力F至少为（　　）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】当拉力F取满足题意要求的最小值时，铁块与铁箱之间的摩擦力恰好达到最大静摩擦力，根据牛顿第二定律可得此时铁块与铁箱之间的弹力大小为 在竖直方向上根据平衡条件有对铁块和铁箱整体有联立以上三式解得故选D。7.在学习了超重失重之后，老师让小张同学站在测力板上，做下蹲和起立的动作，通过力传感器采集的图像如图所示，下列说法正确的是（　　）A.AB段为起立过程，BC段为下蹲过程B.AC段为下蹲过程，DE段为起立过程C.起立过程的最大加速度约为6.7m/s2，此时处于超重状态D.下蹲过程的最大加速度约为6.7m/s2，此时处于失重状态【答案】D【解析】【详解】AB.ABC段先超重后失重为起立过程，DE段先失重后超重为下蹲过程，AB错误；C.根据牛顿第二定律C错误；D.根据牛顿第二定律 此时压力200N，小于重力600N，处于失重状态，D正确。故选D。8.如图甲所示，物块a、b之间用一根轻质弹簧相连，放在光滑水平面上，物体a的质量为。开始时两物块均静止，弹簧处于原长，时对物块a施加水平向右的恒力F，时撤去，在内两物体的加速度随时间变化的情况如图乙所示。弹簧始终处于弹性限度内，整个运动过程中以下分析正确的是（　　）A.b物体的质量为B.时物块a、b的速度大小相同C.时a的速度小于D.内弹簧弹力先增大后减小【答案】A【解析】【详解】A．时，对物体a根据牛顿第二定律得时，对整体分析解得A正确；B．根据a-t图像所围成得面积为速度变化量，物块a、b初速度都为0，由图像可知内a的速度变化量大于b的速度变化量，故a的速度大于b的速度，B错误；C．根据a-t图像所围成的面积，内a的图像面积大于故时a的速度大于，C错误；D．对b分析，根据牛顿第二定律，弹簧弹力提供b的加速度，则有 根据乙图可知，物块b的加速度一直在增大，故内弹簧弹力一直增大，D错误。故选A9.人类社会的发展离不开物理学，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程，下列说法正确的是（　　）A.伽利略认为力不是维持物体运动的原因B.牛顿认为一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态C.牛顿第一定律可以用实验直接验证D.笛卡尔认为必须有力作用在物体上，物体才能运动【答案】AB【解析】【详解】A．伽利略根据其理想实验推出力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，故A正确；B．牛顿总结出了牛顿第一定律，指出：一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态，故B正确；C．牛顿第一定律是理想实验定律，不能通过实验验证，故C错误；D．古希腊的哲学家亚里士多德根据人们的传统观点提出：必须有力作用到物体上，物体才能运动，没有力的作用，物体就要停下来；故D错误。故选AB。10.如图所示，质量为3kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面，质量为2kg的物体B用细线悬挂，A、B间相互接触但无压力．取g＝10m/s2．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间A.B对A的压力大小为12NB.弹簧弹力大小为20NC.B的加速度大小为4m/s2D.A的加速度为零【答案】AC【解析】 【详解】剪断细线前,A、B间无压力,则弹簧的弹力F=mAg=30N，剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，对整体分析，整体加速度：隔离对B分析有：mBg−N=mBa，解得：N=20−2×4N=12N.故A正确，B错误，C正确，D错误．故选AC．点睛：细线剪断瞬间，先考虑AB整体，根据牛顿第二定律求解加速度；再考虑B，根据牛顿第二定律列式求解弹力；最后根据牛顿第三定律列式求解B对A的压力．11.塔吊是现代工地必不可少的建筑设备，某次施工，吊车司机将100kg的物体从地面开始竖直提升，之后其运动图像如图所示，下列判断正确的是（　　）A.前10s悬线的拉力恒为100NB.46s末物体离地面的距离为22mC.30~36s物体处于超重状态D.36~46s内钢索的拉力小于0~10s内钢索的拉力【答案】BD【解析】【详解】A．前10s重物匀加速上升，加速度悬线的拉力恒为选项A错误；B．图像的面积等于位移，则46s末物体离地面的距离为选项B正确；C．30~36s物体加速度向下，则物体处于失重状态，选项C错误；D．36~46s内物体向下加速，加速度向下，物体失重；0~10s内物体向上加速，物体超重，则36~46s 内钢索的拉力小于0~10s内钢索的拉力，选项D正确。故选BD。12.在民航机场和火车站可以看到用于对行李进行安全检查的水平传送带，如图甲所示。当旅客把行李放到传送带上时，传送带从静止开始启动。在某次研究性学习活动中，同学将行李箱由静止放到传送带上后，传送带开始按照如图乙所示的规律运动（向右为速度的正方向）。若行李箱与传送带之间的动摩擦因数为0.1，重力加速度g取，传送带足够长，最大静摩擦力与滑动摩擦力相等。下列说法正确的是（　　）A.行李箱经过的时间速度与传送带相同B.行李箱相对于传送带滑动的距离为C.若保持传送带的最大速度不变，增大启动的加速度，则行李箱达到与传送带速度相同所需要的时间将会变长D.若保持传送带的最大速度不变，增大启动的加速度，则行李箱相对传送带滑动的距离将保持不变【答案】AB【解析】【分析】【详解】A．由图乙可知传送带的最大速度为2，行李箱的加速度为则行李箱速度与传送带相同得时间为故A正确；B．行李箱在2s内的对地位移为传动带2s内的位移为则行李箱相对于传送带滑动的距离为 故B正确；C．若保持传送带的最大速度不变，增大启动的加速度，则行李箱达到与传送带速度相同所需要的时间为不会发生改变，故C错误；D．若保持传送带的最大速度不变，增大启动的加速度，行李箱的对地位移不发生改变，由于传动带启动加速度增加了，则传送带加速的时间减少，以最大速度运行的时间增长，则传送带对地位移变大，则行李箱相对传送带滑动的距离将变大，故D错误。故选AB。第Ⅱ卷（非选择题，共52分）二、填空题（每空2分，共计16分）13.“研究共点力的合成”的实验情况如图所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，完成下列问题：（1）实验中需注意的事项有______（填选项字母）A.两个分力、大小必须保持一致B.两个分力、间夹角必须保持120°C.将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些D.拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行（2）某次实验中，弹簧测力计的指针位置如图所示。其中，细绳BO对O点的拉力大小为______N。（3）本实验采用的科学方法是______（填选项字母）A.理想实验法B.控制变量法C.建立物理模型法D.等效替代法。【答案】①.CD##DC②.3.20③.D【解析】【详解】（1）[1]A．实验时，只需要确保两个拉力均在弹簧弹性限度之内，并不需要两个分力、大小必须保持一致，A错误； B．实验时，为了减小误差，两个拉力之间的夹角适当大一些，并不需要两个分力、间夹角必须保持120°，B错误；C．为了减小实验误差，实验时，在弹性限度内，将两个将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些，C正确；D．为了确保实验中拉力测量的精确度，实验时，拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行，D正确。故选CD。（2）[2]根据弹簧测力计的读数规律，该读数为3.20N。（3）[3]实验中两根弹簧测力计同时拉与单独用一根弹簧测力计拉，均要求使得橡皮筋被拉至同一位置O，即前后力的作用效果相同，可知本实验采用的科学方法是等效替代法。故选D。14.在学习了“探究加速度与力、质量的关系”的实验后，小张同学设计了一个新的实验用于验证加速度与合外力之间的关系，具体操作过程如下：（a）如图甲，接通打点计时器电源，让小车从倾斜的斜面上由静止开始加速下滑，用纸带记录下它的运动情况。（b）保持斜面的倾角不变，将一小桶用细线通过定滑轮与小车尾部相连，在桶中加入适当水量，使轻推小车时，小车能沿斜面向下做匀速直线运动，其简化示意图如图乙所示。（c）用天平称出小车总质量为M，小桶和水的总质量m。（d）改变斜面的倾角，重复以上步骤几次，研究加速度与合外力之间关系。根据该实验过程，回答下列问题：（1）如图丙，电磁打点计时器与电源连接正确的是_______（填“A”或“B”）；纸带安装正确的是_______（填“C”或“D”）。 A．B．C．D．（2）某次实验，在步骤（a）中得到了纸带如图丁，每两个计数点间还有四个计时点，则此次实验小车的加速度大小________（保留一位小数）。（3）已知重力加速度g，则步骤（a）中小车由静止开始匀加速下滑过程中的加速度大小可以表示为________。（用题中所给的字母表示）（4）该实验是否需要保证小车质量要远大于所挂物体的总质量？________（填“是”或“否”）【答案】①.A②.D③.0.6④.####⑤.否【解析】【详解】（1）[1][2]打点计时器应该接交流电，也就是A图正确；纸带应该从复写纸盘下方穿过，D图所示安装正确。（2）[3]每两个计数点间还有四个计时点，所以计数点之间时间间隔为T=0.1s，根据逐差法（3）[4]小车从倾斜的斜面上由静止开始加速下滑，根据牛顿第二定律，应有小车能沿斜面向下做匀速直线运动，根据受力平衡联立两式解得（4）[5]该实验不需要保证保证小车质量要远大于所挂物体的总质量。因为测绳子拉力的时候，小桶和水处于平衡状态，拉力等于重力；另外，小车做加速运动时，没有悬挂小桶和水，合外力是重力分力与摩擦力的合力，合外力只是使小车加速，没有使小桶和水加速。三、本大题3小题，共36分。要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案。15.如图,水平细杆上套有一质量为0.54kg的小环A,用轻绳将质量为0.5 kg的小球B与A相连.B受到始终与水平方向成53°角的风力作用,与A一起向右匀速运动,此时轻绳与水平方向夹角为37°,运动过程中B球始终在水平细杆的下方,则(取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8).(1)B对绳子的拉力大小;(2)A与杆间的动摩擦因数.【答案】（1）3.0N（2）0.3【解析】【详解】试题分析：（1）对小球B由平衡条件得绳的拉力为：（2）环A做匀速直线运动，有:解得:μ=0.3考点：物体的平衡【名师点睛】此题考查了物体的平衡条件的应用；解题时一定要首先选择好研究对象，并对物体正确的受力分析，根据正交分解法列出水平和竖直两个方向的方程进行解答；此题意在考查学生运用基本规律和方法解题的能力.16.2021年宁波积极开展创建“全国文明城市”活动，文明出行成为每一位宁波市民自觉遵守的准则。有一天，小王开车上班，以的速度在一条平直公路上行驶，快要到一个有斑马线路口的时候，小王看到一位行人正要从A点走斑马线过马路，行人行走速度为，如图所示，经过的反应，小王立即刹车礼让行人（不计小王脚踩刹车所需的时间），汽车匀减速后刚好在停车线停下，设每个车道宽度为。求：（1）汽车刹车时的加速度大小；（2）小王看到行人时汽车离斑马线的距离；（3）若小王看到行人时车速较低为，没采取任何措施，仍保持匀速直线运动，请通过计算判断小王能否安全礼让行人。（安全礼让行人是指当行人到达B点之前汽车车头没有越过停车线，A、B间距） 【答案】（1）；（2）60m；（3）能够安全礼让行人【解析】【详解】（1）根据运动学公式又知代入数据解得汽车刹车时的加速度大小为；（2）小王在思考时间内汽车做匀速直线运动，则有汽车刹车过程的位移为解得小王看到行人时汽车离斑马线的距离为（3）已知小王看到行人时车速较低为则汽车匀速行驶至斑马线用时这段时间人行走距离为 则所以能够安全礼让行人。17.如图所示，一质量M=2kg的长木板B静止在粗糙水平面上，其右端有一质量m=2kg的小滑块A。现对B物体施加一F=14N的拉力，t=3s后撤去拉力，撤去拉力时滑块仍然在木板上。已知A、B间的动摩擦因数为μ1=0.1，B与地面的摩擦因数为μ2=0.2，重力加速度g=10m/s2，求：（1）有拉力时木板B和滑块A的加速度大小；（2）要使滑块A不从木板B左端掉落，求木板B最小长度；（3）在（2）情况下，滑块A未从木板B滑落，那么滑块最终位置距离木板右端多远；（结果均保留两位小数）【答案】（1）a1=1m/s2，a2=2m/s2；（2）L=5.25m；（3）1.17m【解析】【详解】（1）对物体A根据牛顿第二定律可得故A的加速度大小为a1=1m/s2方向向右；对木板B根据牛顿第二定律可得解得木板B加速度大小为a2=2m/s2（2）撤去外力瞬间，A位移为B的位移为 撤去外力时，物块A和木板B的速度分别为撤去外力后，物块A的受力没变，故物块A仍然做加速运动，加速度不变，木板B做减速运动，其加速度大小变为设经过时间两者达到共速，则有解得v=3.5m/st1=0.5s撤去外力后，A的位移为B的位移为故木板B的长度至少为代入数据解得（3）共速后A继续向前做减速运动，加速度大小为a3=1m/s2B向前减速的加速度当A停止时向前运动的距离当B停止时向前运动的距离 则滑块最终位置距离木板右端距离