2022年辽宁省鞍山市千山区某学校中考物理模拟试卷（一）（附答案详解）

《2022年辽宁省鞍山市千山区某学校中考物理模拟试卷（一）（附答案详解）》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在教育资源-天天文库。

2022年辽宁省鞍山市千山区汤岗子学校中考物理模拟试卷（一）一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）1.下列物理昼最接近实际的是（)A.电脑USB的输出电压均为SVB.眨眼一次时间约为3sC.初中生百米成绩约为6sD.洗澡时适宜的水温约为60°C2.夏天天气炎热，为了防止食物腐烂，下列做法及其解释正确的是（)A.在运输车辆上放干冰，利用干冰汽化吸热给食品降温B.商场里将鱼放在冰块上，利用冰块熔化吸热给鱼降温C.给盛食品盒子盖上湿毛巾，利用水的升华吸热使食品降温D.把食物放入冰箱内，利用冷凝剂液化吸热，使冰箱内部的温度降低3下列关于光现象的说法正确的是（)：忙图1图2图－3图4A.图－1中，手影是光的反射形成的B．图－2中，潜望镜利用光的折射来观察物体C.图－3中，光的色散现象表明太阳光是由多种色光组成的D.图－4中，铅笔＂错位”是光沿直线传播形成的4.在如图所示的“汽油机模型”实验中，将少量的汽油喷入筒内，用软木塞塞住筒口，摇动起电机，观察到放电针放电，汽油燃烧，软木塞被高温高压的气体冲出。该实验可模拟四冲程汽油机工作时的（)A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程5.关千电荷的说法中正确的是（)A.摩擦起电的实质是创造了电荷B.金屈导体中自由电子移动的方向就是电流的方向C.带正电的玻璃棒能吸引纸屑是由千异种电荷相互吸引D.绝缘体不容易导电是因为自由电荷很少

16.公交车上安装的电动爆玻器工作原理是利用通电线圈在磁场中产生一个冲击力，在危急时刻击碎车窗玻璃。图中的实验与电动爆玻器工作原理相同的是（)+-BA.cD.7.如图所示，是科技小组设计的监测河水流速变化的装置原理图，机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动，电源电压保持不变。闭合开关S,当水流的速度变大时（)RRs\A.电压表的示数变大B.电流表的示数变小C.电路消耗的总功率变小D.电流表示数与电压表示数的比值变大8.同学们梳理了教材中与压强知识相关的现象及应用，如图所示，其中分析正确的是()B;`A.如图，对蒂B管吹气、A管内液柱升高，说明空气流速越大的地方压强越大第2页，共32页

2B如图，用吸管吸饮料时需要用力吸，说明人的吸力改变了大气压强c如图，U形“反水弯＂中两侧的液面相平，说明两侧液体压强大小相同D.如图的器材从山顶移到山脚，管内液柱逐渐下降，说明外界气压变小9.如图所示的四种工具中，正常使用时属千费力杠杆的是（)IL/BA.园艺剪筷子c瓶盖起子D.核桃夹10.关于家庭电路安全用电的说法正确的是（)A.电冰箱的金屈外壳应该与大地相连B.家庭电路中，空气开关跳闸一定是因为电路发生了短路C.使用试电笔时，手指不能接触笔尾金属体D.更换灯泡前不用断开电源开关二、多选题（本大题共4小题，共12.0分）11.下列说法正确的是()A.内燃机消耗的燃料越多，其效率越高B.物体吸收热量，其温度不一定升高C.外界对物体做功，物体内能一定增加D.在热传递过程中，热量只能自发地从高温物体转移到低温物体

312.指尖陀螺是目前很流行的一种玩具，该玩具中间是轴承，轴承内有滚珠，边上有三个用密度较大的金属制作的飞叶，拨动飞叶后，飞叶可以绕轴在指尖上长时间转动、丿（如图）。下列分析正确的是（A.飞叶转速变慢，惯性不变B.轴承内有滚珠，利千减小摩擦C.飞叶被拨动后旋转是因为力能改变物体的运动状态D.在匀速转动的过程中，某一片飞叶上的黑色配件受到的是平衡力的作用13.两个底面积相同、形状不同的容器A、B(GA＜今），盛有同种液体，放在水平桌面上，液体深度相同，把甲、乙、丙、丁四个体积相同的实心小球放入两个容器中，甲没泣二::.·.：二--------于王子丁A小球静止后位置如图所示，两容器内液体深度依旧相同。下列说法正确的是（)A.甲球密度小于丙球密度B.甲球受到的浮力大千丁球受到的浮力C.取出乙、丙小球后，A容器对桌而的压强小千B容器对桌面的压强D.取出乙、丙小球后，A容器底部受到的液体压强等于B容器底部受到的液体压强14.如图所示，电源电压保待不变，电流表的量程为0~3A,电压表的谥程为0~15V,R1=10f2，滑动变阻器R2的规格为“5叨1A"。当闭合开关S1，断开开关52、S扣电流表示数为0.8A;当闭合开关53,断开开关51、52,滑动变阻器滑片置千中点位sR1R2置时，电压表的示数为sv。则下列判断正确的是（)A.电源电压为10VB.凡的阻值为15f2C.当闭合开关S1、岛和S3，在保证各电路元件安全的情况下，电路最大功率为14.4W第4页，共32页

4D.当闭合开关S1、岛和S3，在保证各电路元件安全的情况下，滑动变阻器R2允许连入的阻值范围为10Q~509三、填空题（本大题共8小题，共24.0分）15.如图所示为汽油机的四个冲程，其中机械能转化为内能的冲程是图。lmin内汽油机完成2400个工作循环，飞轮的转速为r/s。汽油机完成一个工作循环时，需要吸入2L的燃料，其质量为kg,这些燃料宪全燃烧放出的热量为_j。（p俘料＝l.4kg/m3,q供料＝4.6X10勹／kg)甲乙丙丁16.甲、乙是两个完全相同的网球。如图所示，在同一一，高度同时以大小相等的速度，将甲球竖直向下抛出、乙球竖直向上抛出，不计空气阻力。抛出时两球机械能（选填”相等”或“不相等”)；落地前的运动过程中，甲球的动能（选填“增大”“减小”或“不变”)，乙球的机械能(选填“增大”“先增大后减小”“减小”或“不变”)。上17用焦距为10cm的凸透镜探究成像规律，如图所示，烛焰在光屏上成清晰的像，则光屏到凸透镜的距离可能是cm（选填“8"、“18"或“28")；把近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，应将光屏向（选填“左”或“右”)调节，才能在光l门屏上重新成清晰的像，因为近视镜对光有-作用。

518.空气的主要成分是氮气和氧气，其中含氧约21%；所以这是工业制取氧气的既廉价又易得的最好原料工业上制氧常采用的是分离液态空气法：在低温条件下加压，使空气（填物态变化名称）为液态，然后逐渐提高温度由千液态氮的沸点为-196°C,液态氧的沸点为－183°C.因此首先从液态空气中汽化出来。19.如图所示是某家用电器的内部电路图，其中凡和R3为加热电阻，1、2、3、4分别为四个接线柱，若要让两电阻串联接入电路，则将接线柱与接线柱3连接；此电路中，不能将接线柱与接线柱3相连，否则会造成。电功率最大R1R2220V的连接方法是将接线柱1和3连接，同时将接线柱连接起来。甲乙20.甲、乙两个质岱相同的小球，均从位置a竖直下落到位置b,其各自的频闪照片如图所示，试根据照片分析：``a(1)甲球做匀速直线运动，乙球做（选填＂匀速”或“变速”)直线运动。(2)球受到的重力和阻力是一对平衡力；甲球受到的阻`力（选填“大千”“小千”或”等千”)乙球受到的阻力。b21.电能表是测量的仪表。小红同学家中电能表月初和月底的读数如图所示，则这个月家里用了度电。小红同学为了测一只正在工作的电饭锅的实际电功率，她关闭了家中其它所有电器，此时她家标有“3000r/kW·h"字样的电能表每分钟转过30圈，则这只电饭锅工作时的实际功率为W。l口h[1o脰亚酰；>->220V10A50HZ3000R/KWh2000年1J1I22.2021年5月25日晚，520架无人机在长沙橘子洲上空变换队形，摆出“禾下乘凉梦”、“袁隆平院士的画像”等图样，用来缅怀“杂交水稻之父”袁隆平爷爷。无人机组第6页，共32页

6是利用为载体来获得信息的；“禾下乘凉梦＂的图样在水中的倒影是光的现象。四、作图题（本大题共3小题，共8.0分）23.如图所示是一种抽水马桶水箱自动上水装置的示意图。当水箱内的水达到一定高度时，浮标带动杠杆AOB压住入水口，停止上水。请在图中画出动力F1、阻力历和动力臂L1o24.小静在玩耍时透过爷爷的老花眼镜看到了小玩偶的像，请你在图中作光路图确定玩偶S点所成像S'的位置。图中0为老花镜的光心，F为其焦点。sSN<之覃酝酝A25.如图，将铜丝、铁丝插入疲萝中，便成了水果电池。e一根软导线在纸筒A上绕制成螺线管，导线两端接在电池两极上，螺线管产生的磁场使小磁针静止在如图—极

7所示状态。图中已标出电路中电子定向移动的方向。(1)标出电池正、负极（在图中横线上填"+”或“-”符号）；(2)画出纸筒A上导线的绕向并形成闭合电路。五、实验探究题（本大题共5小题，共34.0分）26.小华利用如图甲所示的实验装置探究“水沸腾时温度变化的特点”。温度fCb`｀丙98Ic。甲乙时间/min丁(1)在水温升高到90°c后，每隔lmin记录一次溫度计的示数，直到水沸腾并持续几分钟后停止读数。图乙为第3min时温度计的示数，请你帮她读出示数并填入表格中。时间。1234567/min温度／oc90929498989898(2)根据表格中数据，小华实验时，水的沸点是oc。(3)如图丙中A、B所示，其中阳是在第Smin时气泡的变化情况。(4)在这次实验中，小华发现从开始加热到沸腾的这段时间过长，为了缩短实验的时间，可以采取的措施是（回答出一条即可）。(5)继续加热到水沸腾，并绘制水温随时间的图像如图丁中的a所示，若在实验过程中：＠仅增加水的质噩；第8页，共32页

8＠仅增大液面大气压强。则两种情况中，温度随时间变化的关系图线分别为图丁中的和。27.下面是小明在研究光的反射规律时的主要步骤：_沁甲实验次数入射角Li反射角Lr130°30°242°42°360°60°乙(1)请根据如图（甲）所示实验装置，把下面的操作按正确顺序排列出来：;A改变光束的入射方向，再重做一次，换另一种颜色的笔，记录光的径迹；B取下纸板，用量角器测量ON两侧的入射角Li和反射角Lr,并记入表中；C把一个平面锐放在水平桌面上，再把用NOE和NOF两块纸板连接成一张纸板ENF竖直地立在平面镜上，纸板上的轴线ON垂直千镜面，如图甲所示；D让一束光贴着纸板沿某角度入射到0点，经平面镜反射，沿另一个方向射出，在纸板上用笔描出入射光和反射光的径迹；(2)正确操作所测得的数据如表所示，分析表中的数据所得的结论是。(3)光在纸板NOE上发生的是反射。如图乙所示，把纸板NOF向前折或向后折，这样操作的目的是为了验证是否在同一平面内。(4)在实验中，如果让光逆着反射光路的方向射到平面锐，那么反射光恰好与入射光路重合，这说明在反射时，光路是。(5)在甲图实验中，将纸板ENF沿纸板与平面镜的交线向后倾倒，保持一束光贴着纸板NOE沿某角度入射到0点，此时（选填＂仍存在”或“不存在＂）反射光线。28.2020年11月10日，“奋斗者”号在马里亚纳海沟成功坐底，创造了10909m的中国载人深潜新纪录，标志着我国在载人深潜领域达到世界领先水平。这激发了小杨同学探究液体内部压强的兴趣，实验如图所示。

9水海水诲水甲丁乙丙(1)图甲是U形管压强计，金属盒上的橡皮膜应该选用（选填“簿”或“厚”)一些的较好，从结构来看，压强计（选填“是”或“不是＂）连通器。(2)比较图乙、丙两次实验可知：同种液体内部压强随深度的增加而；比较乙，丁两次实验可初步判断：液体内部压强与液体密度（选填“有关”或“无关”)。(3)根据液体内部压强的规律可知，“奋斗者”号深潜到10000m时每平方米的舱体受到的海水压力为N（取P海水＝1.03xl03kg/m勺，相当千质撇为t的物体受到的重力。(4)若图丁的实验中U形管左右两侧水面的高度差为5cm,则橡皮管内气体的压强与管外大气压之差为Pa;在图乙的实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适榄消水与其均匀混合后（液体不溢出），橡皮膜受到的液体压强将（选填“变大”“变小”或“无法判断”)。29.小海在测昼石子密度时，进行了如下操作：mLmL3029log凸IBIOIIIIlIIIIl2IIIIlIIII」1.15IgA甲乙丙丁(1)将天平放在水平台上，游码调至左端零刻线处，发现指针在ab间摆动如图甲所示，此时应向端调节平衡螺母，使横梁在水平位置平衡；(2)将石子放左盘，向右盘加入最大的祛码，指针向右偏，则应，再加减祛码，调节游码，当天平再次平衡时，祛码及游码悄况如图乙所示，石子的质篮为(3)将石子浸没千量简的水中前后示数如图丙所示，石子的体积为cm3,则石子的密度为kg/m丸(4)小海又利用量筒和水巧妙的测量果冻的密度(p水

10充完整：＠打开果冻盒，用勺取出一部分，将剩余果冻及盒放入盛有20mL水的量筒内，使其漂浮，读出体积为30mL，如图丁A所示：@)倒出果冻，把先取出的那部分果冻倒入盒内，再将盒放入谥筒内，使其漂浮，读出体积为29ml,如图丁B所示：＠）倒出果冻，，使其漂浮，读出体积为25ml;＠取出果冻盒用量筒内的水将果冻盒装满，读出量筒内剩余水的体积为14mL;＠果冻密度P梨冻=-9/cm气30.小明和同学们探究“电流与电阻的关系”的实验：(1)小明选择了如下器材：电源（电压恒为4.SV)、滑动变阻器”20122A"、电流表、电压表、开关、定值电阻(512、1012、1512、20[2的各一个）、导线若干。＠小明在检查实验仪器时，发现电流表的指针偏向“O"刻度线的左侧，小明应＠请用笔画线代替导线帮助小明完成图甲电路的连接；＠开关闭合前，小明应将滑动变阻器的滑片置千（选填“A"或“B”)端；闭合开关后，发现电流表有示数，电压表示数为零。经检查，电流表、电压表正常且连接完好，则电路存在的故障可能是。＠排除故障后，小明先将动电阻接入电路，调节滑动变阻器滑片使电阻两端的电压为2V,再将59电阻换成1012电阻后，小明接下来的操作是；当把1012的电阻换成2012的电阻后，无论怎样调节滑动变阻器滑片都无法使电压表示数达到控制值，说明。＠更换器材后重新实验，小明得出的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成比。甲乙(2)上述实验结束后，小明和同学们想要测蜇额定电流为0.3A小灯泡的额定功率，却发现电压表已经损坏，于是他们利用“20f22A"的滑动变阻器以及原有器材，又设计了如图乙所示电路，测霾过程如下：CD（填开关通断情况），移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.3A时，

11小灯泡正常发光；＠保待滑动变阻器的滑片位置不动，（填开关通断情况），记下电流表的示数为0.3A;＠则小灯泡的额定电功率为W。六、计算题（本大题共2小题，共18.0分）31.某工人用如图所示的滑轮组匀速打捞水中的工件。已知工件的体积为30dm3，密度为3X103灼／m气每个滑轮的重力为20N,不计绳与滑轮间的摩擦、绳重及水的阻力。（已知P水＝1.0X103kg/m3,g=10N／切）求：(1)工件浸没在水中时所受的浮力；(2)工件受到的重力；(3)工件在水中上升6m的过程中（工件始终浸没在水中），工人::：：孚做了多少功。32.如图所示为某养生壶的电路原理图，其中凡和R2都R2是发热电阻。该壶有“加热”和“保温”两种工作220V状态，该壶铭牌上提供的部分信息如表所示：(l)R2阻值是多少？勹R1(2)用该壶加热2kg的水，温度由50°C升高到100°c,水需要吸收多少热矗？该壶消耗的电能80％被水吸收，该过程需要消耗多少电能？［水的比热容C水＝4.2X10勺／（kg·°C)]第12页，共32页

12养生壶容蜇2L额定电压220V保温功率200W加热功率凡阻值44fl七、综合题（本大题共1小题，共4.0分）家庭用的白炽灯，用了很久以后发现灯泡壁变黑，且在相同电压下工作时灯光比原来暗了（即实际电功率变小）。请用相关物理知识说明其原因。

13答案和解析I.【答案】A【解析】解：A、普通电脑USB接口的输出电压约为sv,故A正确；B、人们常用＂眨眼之间”形容时间短，所以眨一次眼睛的时间不到0.5s,故B错误；C、中学生百米赛跑的成绩约为15s,故C错误；D、洗澡时的适宜水温约40°C,故D错误。故选：A。不同物理益的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见批的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。2.【答案】B【解析】解：A、干冰在常温常压下很容易由固态直接升华为气态的二氧化碳，同时吸收大量的热。所以在运输车上放干冰，利用干冰升华吸热给食品降温，故A错误；B、冰块熔化过程要吸收热量。所以把鱼放在冰块上，是利用冰块熔化吸热给鱼降温，故B正确；C、物质由液态变成气态叫汽化，给放食品的盒子上盖上湿毛巾，利用水的汽化吸热给食材降温，故C错误；D、把食物放入冰箱内，利用的是冷凝剂汽化吸热，使冰箱内部温度降低，故D错误。故选：B。利用下列知识分析判断：(1)物质由液态变成气态叫汽化，由固态直接变成气态叫升华。汽化和升华都需要吸收热芷；(2)物质由固态变成液态是熔化，熔化过程中吸收热量；(3)物质由气态变为液态是液化，液化过程中放出热岱。此题是一道联系实际的应用题，考查了物态变化及吸放热情况的判断和应用。把握不同物态变化的概念、知道各种物态变化过程的吸放热情况，是解答此类问题的关键。3.【答案】C【解析】解：A、手影属千影子，是光的直线传播形成的，故A错误；第14页，共32页

14B、用潜望锐观察物体是利用平面锐能反射光线，从而改变光的传播方向，故B错误；C、光的色散实验说明太阳光是一种复色光；是由红、橙、黄、绿、蓝、院、紫七种颜色的光混合而成的，故C正确；D、铅笔好像在水面处折断了，是折射现象，是由光的折射形成的，故D错误。故选：C。(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平而镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市厮楼等都是光的折射形成的。一般来说：见到影子、日月食、小孔成像就联系到光的直线传播原理；见到锐子、1到影、潜望镜就联系到光的反射原理；见到水中的物体，隔着玻璃或透镜看物体就联系到光的折射原理。4.【答案】C【解析】解：当放电针放电时，汽油燃烧，圆筒内气体的内能增加，气体对软木塞做功，软木塞被高温高压的气体冲出，而汽油机的做功冲程对外做功，因此该实验可模拟四冲程汽油机工作时的做功冲程。故选：C。燃料燃烧，将化学能转化为内能，气体膨胀对软木塞做功；在汽油机的做功冲程中，气体对外做功。本题考查了做功改变物体内能、内燃机的工作过程，难度不大。5.【答案】D【解析】解：A物质是不会凭空产生的，摩擦起电的实质是电荷的转移，而不是创造电荷。故A错误。B我们把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向；电子带负电，当金屈导体中的自由电子定向移动时，其移动方向与电流方向相反。故B错误。C带正电的玻哨棒能吸引纸屑，可能原因是：（1）纸屑带负电，异种电荷相互吸引；(2)纸屑质量很小，而带电体具有吸引轻小物体的性质。所以我们不能看到带正电的玻璃棒能吸引纸屑就判断纸屑带有负电。故C错误。D我们按照材料导电能力的强弱将物质分为：导体、半导体、绝缘体。导体之所以导电能力强，是因为其内部可自由移动的电荷多，能在电压的作用下形成电流；而绝缘体中可自由移动的电荷少，相对于导体，很难在电压的作用下形成电流。故D正确。

15故选：D。(1)摩擦起电的实质是电荷的转移；(2)我们把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向：(3)带电物体具有吸引轻小物体的性质。(4)导体是通过其内部可自由移动的电荷来实现导电的。注意，我们是把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，而不是把正电荷移动的方向规定为电流的方向。6.【答案】A【解析】解：由题意可知，自动爆玻器的工作原理是通电线圆在磁场中受到力的作用而运动。A、该实验中，当导体中通过电流时，通电导体在磁场中受力的作用而运动，与自动爆玻器工作原理相同，故A符合题意；B、该实验是利用验电器检验物体是否带电，与自动爆玻器工作原理不相同，故B不符合题意；C、该实验说明闭合电路中的一部分导体做切割磁感线运动时，会产生感应电流，与自动爆玻器工作原理不相同，故C不符合题意；D、该实验说明了通电螺线管的周围存在磁场，与自动爆玻器工作原理不相同，故D不符合题意。故选：A。电动爆玻器的工作原理：通电线圉在磁场中受到力的作用而运动。据此分析符合题意的选项。此题考查了电磁联系中几个常见的实验，知道自动爆玻器的工作原理是关键。7.【答案】D【解析】解：AB、根据电路图可知，两电阻串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路的电流：流体的压强跟流速有关，流速越大的位置（上表面流速大），压强越小，当水流速度增大时，上表面压强小于下表面压强，凡滑片上移，变阻器连入电路的阻值变小，由电阻串联的规律知，电路的总电阻变小，由欧姆定律l=-，电路的电流变大，电流表示数变大；根据U=IR,R1的电压变大，由串联电路电压的规律，电压表示数变小，故AB错误；C、电路的电流变大，根据P=Ul知电路消耗总电功率变大，故C错误；D、由图知，两电阻串联，电压表刹变阻器的电压，电流表测电路的电流，电流表与电压表的比值即为滑动变阻器的电阻的倒数，由(1)知当水流的速度变大时，滑动变阻器第16页，共32页

16的电阻减小，其倒数增大，所以电流表与电压表的比值变大，故D正确。故选：D。本题考查压强与流速的关系及串联电路的规律和欧姆定律的运用，难度不大。8.【答案】C【解析】解：A、向吸管口吹气时，管口上方空气流速大，大气压强变小，管内的液柱在大气压力作用下上升，故A错误；B、吸管吸饮料时，用力吸气时，管内压强减小，饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里，没有改变大气压，故B错误；C、U形“反水弯”是一个连通器，两侧的液面相平，说明两侧液体压强大小相同，故C正确；D、从山顶到山脚的过程中，大气压变大，在大气压的作用下，管内液柱高度降低，故D错误。故选：C。(1)流体流速越大的地方，流体压强越小。(2)用吸管吸饮料，是利用大气压的作用把饮料压入嘴里。(3)连通器是指上端开口、底部相连通的容器；连通器特点是：静止在连通器中的同一种液体，各部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上。(4)大气与高度有关，其大小随高度的增加而减小。本题考查了大气压及大气压与高度的关系、液体压强与流速关系、连通器的原理等，是一道综合性很强题目但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。9.【答案】B【解析】ACD、园艺剪、瓶盖起子、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故ACD错误；B、筷子在使用过程中，动力臂小千阻力臂，是费力杠杆，故B正确。故选：B。结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。10.【答案】A【解析】解：A、有金属外壳的电冰箱应使用三孔插座，让金属外壳接地可以防止金属外壳带电而发生触电事故，故A正确；

17B、家庭电路中，空气开关跳闸可能是因为电路发生了短路，也可能是电路的总功率过大，故B错误；C、使用试电笔时，手指不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金屈体，故C错误；D、更换灯泡前，应断开电源开关，以防止人接触用电器时触电，故D错误。故选：A。(1)用电器的金属外壳必须接地；(2)家庭电路电流过大的原因：短路或总功率过大；(3)使用试电笔时，手指不能碰到笔尖金屈体，但要接触笔尾金屈体；(4)更换灯泡时衙要断开开关。本题考查了与家庭电路相关的一些用电注意事项，应结合相关的知识进行判断，有一定的现实意义。11.【答案】BD【解析】解：A、热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，内燃机消耗的燃料多，但不知道有用功的多少，因此效率不一定高，故A错误；B、晶体在熔化过程中，持续吸收热量，但温度不变，因此物体吸收热量，其温度不一定升高，故B正确；C、做功和热传递都可以改变物体内能，若外界对物体做功，同时物体放出热谥，则物体的内能不一定增加，故C错误；D、热传递的条件是有温度差，在热传递过程中，热兄只能自发地从高温物体转移到低温物体，故D正确。故选：BD。(1)热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值；(2)品体在熔化过程中，持续吸热，温度不变，据此分析；(3)改变内能的方式有做功和热传递；(4)热传递的条件是有温度差，热量从高温物体传给低温物体。本题主要考查学生对内能、温度和热记的关系，改变内能的方式，热机效率以及热传递的有关知识的理解，是一道综合题。12.【答案】ABC【解析】解：A、飞叶在转动过程中由千受到阻力作用，所以飞叶的转速变慢；惯性大小只与物体的质量有关，所以飞叶的惯性不变，故A正确；B、轴承内有滚珠，变滑动摩擦为滚动摩擦，有利千减小摩擦，故B正确；C、飞叶被拨动后旋转是因为力能改变物体的运动状态，故C正确；第18页，共32页

18D、在匀速转动的过程中，某一片飞叶上的黑色配件运动方向在不断改变，因此受到的是非平衡力的作用，故D错误。故选：ABC。(1)惯性大小只与物体的质谥有关，与运动速度无关；(2)在同等情况下，滚动摩擦小于滑动摩擦；(3)力可以改变物体的运动状态；(4)物体处于平衡状态时受平衡力的作用。本题以学生们熟悉的手指陀螺为内容，考查了力学知识在其中的应用，体现了物理与实际的联系，提高了学生们的学习兴趣。13.【答案】AC【解析】解：A、两个容器中盛有同一种液体，甲球在液体中漂浮，乙丙两球在在液体中悬浮，丁球在液体中下沉，则P甲

19【解析】解：（1）闭合开关S1,断开开关S2、S3，只有R1连接在电路中，电流表示数为0.8A,则电源电压为：u=11凡＝0.8Ax10fl=8V,故A错误；(2)闭合开关S3,断开开关S1、S2，此时R2与R3串联在电路中，电压表测量凡两端的电压，滑动变阻器滑片置千中点位置时，电压表的示数为sv,U25V由欧姆定律可得此时通过电路的电流为：l2==i.—==0.2A；岛"'X50fl串联电路各处电流相等，串联电路总电压等千各部分电压之和，则凡的阻值为：R3=气＝笠＝1动，故B正确；(3)闭合开关S1、岛和53,此时为R1与凡并联，R3被短路，电压表测电源电压，电流表测通过干路的电流，为保证电路元件安全，电压表最大巨程lSV>8V,故电压表安全，滑动变阻器凡的规格为“SODlA"，则通过凡的最大电流为lA,此时滑动变阻器接入U8V电路的电阻：R2小＝一－＝－＝89I2大lA'u8V并联电路干路电流等千各支路电流之和，此时电路最大总电流为：l=-+/＿-＝一－＋R1',2人10f1lA=l.8A<3A,电路最大功率为：P=UJ=8Vxl.8A=14.4W,故C正确；滑动变阻器接入电路的最大阻值为son时电流最小，各电表都是安全的，所以滑动变阻器接入电路的阻值范围为8n~50n，故D错误。故选：BC。(1)闭合开关s1'断开开关S2、S3,只有R1连接在电路中，根据欧姆定律求出电源电压；(2)闭合开关S3,断开开关S1、S2,此时R2与R3串联在电路中，电压表测量R2两端的电压，根据欧姆定律计算此时电路中的电流，根据串联电路电流特点和串联电路电压规律以及欧姆定律计算凡的阻值；(3)闭合开关S1、易和S3,此时为R1与凡并联，R3被短路，为保证电路元件安全，电压表最大量程lSV>8V,故电压表安全，滑动变阻器能通过的最大电流为lA,根据欧姆定律求出变阻器接入电路的最小阻值，此时总电流未超过电流表量程，故最大电流为滑动变阻器最大电流加上通过凡电流，根据电功率公式计算最大功率，滑动变阻器接入电路的电阻越大，通过电路的电流越小，所以可知滑动变阻器可接入电路最大阻值，进一步确定滑动变阻器接入电路的电阻范围。本题考查了动态电路的分析和欧姆定律、电功率的计算，要注意闭合不同开关时，电路状态不一样。15.【答案】甲802.8X10-31.288X105【解析】解：（1）机械能转化为内能的冲程是压缩冲程，活塞向上运动，进气门、排气门均关闭，故图甲是。第20页，共32页

202x2400r(2)一个工作循环飞轮转动两转，所以飞轮的转速为=80r/s。60s(3)2L=2dm3=2x10-3而，根据密度公式p＝序，可得燃料的质址m=p燃料V=l.4kg/m3x2X10一3而＝2.8X10一3kg。(4)燃料完全燃烧放出的热显Q=q燃料m=4.6x107]/kgx2.8x10-3kg=1.288x105]。故答案为：甲；80;2.8X10气1.288X10气(1)根据图中气门的关闭悄况和活塞的运动方向判断是哪个冲程，进而判断能量的转化。(2)四冲程内燃机一个工作循环包括4个冲程，曲轴转动2圈，对外做功1次。(3)知道密度和体积，根据密度公式可以求出质量。(4)知道燃料的热值和质量，利用Q放＝mq求该汽油机完全燃烧可放出多少热量。本题主要考查四冲程汽油机的各个冲程的工作特点、密度公式和对热值计算公式的理解和掌握。16.【答案】相等增大不变【解析】解：抛出时甲乙两球质量相等，速度相等，动能相等；高度相同，重力势能相同，故机极能相同；甲球在空中下落时，甲球质量不变，速度增大，动能增大；高度减小，重力势能威小；乙球上升过程中，不计空气阻力，机械能是守恒的。故答案为：相等；增大；不变。(1)动能大小的影响因素：质记、速度。质昼越大，速度越大，动能越大。(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。(3)机械能＝动能＋势能。(1)掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。(2)能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。17.【答案】18右发散【解析】解：由图可知，此时物距大千像距，在光屏上成像，说明成的是倒立缩小的实像，物距应该大于二倍焦距，像距在一倍焦距和二倍焦距之间，即应大于10cm小千20cm,所以此时的像距可能是18cm;近视镜是凹透镜，对光线具有发散作用，会延迟光的会聚，所以把近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，应将光屏向右移动。故答案为：18;右；发散。(1)当物距大千像距时成倒立缩小的实像，此时物距大千二倍焦距，像距在一倍焦距和

21二倍焦距之间；(2)近视镜是凹透镜，对光线具有发散作用。此题考查了凸透锐成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。18.【答案】液化氮气【解析】解：工业上制氧常采用的是分离液态空气法：在低温条件下加压，使空气液化为液态，是采用了压缩体积的方法。由于液态氮的沸点为—196°C，液态氧的沸点为-183°(,因为液态氮的沸点更低，所以氮气首先从液态空气中汽化出来。故答案为：液化；氮气。(1)液化的方法：降低温度和压缩体积。(2)液体沸腾时的温度叫沸点，液体沸腾的特点：吸热，温度不变。知道液化概念和液化的方法，理解沸腾的特点，可解答此题。l9.【答案】24电源短路2和4【解析】解：(1)由图知，若将接线柱2与接线柱3连接，则两电阻顺次连接在一起，电流只有一条路径，R1和R2是串联的；(2)若用导线将接线柱4与接线柱3相连，由图知此时电源两极会直接接通，会造成电源短路，这是不允许的；沪(3)电源电压一定，要用电器的电功率最大，由P=－可知，此时电路的总电阻最小，由电阻的串联和并联特点可知，此时两电阻应并联，由图可知应将接线柱1和3连接，同时将接线柱2和4连接。故答案为：2;4;电源短路；2和4。(1)电路的基本连接方式是串联和并联，要使两电阻组成串联电路，两电阻之间应顺次连接，电路中电流只有一条流通路径；若要使两电阻组成并联电路，两电阻应并列连接，电路中电流有两条流通路径；(2)若将电源的两端直接用导线连通，则会造成电源短路；u2(3)根据P=—分析电功率最大时总电阻的大小悄况；电阻并联时的总电阻要小千其中R的任何一个电阻。本题考查了电路基本连接方式的判断，关键是分析电路的连接，这是本题的难点，也是重点。20.【答案】变速甲大于第22页，共32页

22【解析】解：（1）由频闪照片可知，甲球在相等时间内经过的路程相等，乙球在相等时间内经过的路程逐渐增大，所以甲做匀速直线运动，乙做变速直线运动；(2)甲做匀速直线运动，属于平衡态，甲球所受的重力和阻力是一对平衡力即G甲＝F甲殴乙球在相等时间内经过的路程越来越大，属于加速运动，则乙球所受的重力大于阻力，G乙＞F乙Jf11，又G甲＝6乙，所以F甲阻＞F乙阻；故答案为：（1）变速；（2）甲；大于。(1)频闪照片记录的是运动物体每隔相等时间的不同位置，根据相邻的两个位置之间距离的变化可以反映物体的运动性质；(2)匀速直线运动的物体处千平衡状态，变速直线运动的物体处于非平衡态，据此解答。本题考查匀速直线运动和变速直线运动的辨别以及力和运动的关系，掌握匀速直线运动的概念是解答本题的关键。21.【答案】电功（消耗电能）82600【解析】解：(1)电能表是测量电功（消耗电能）的仪表；(2)这个月家里用电：1469.SkW·h-1387.SkW·h=82kW·h=82度；(3)"3000r/kW·h"表示电路中每消耗lkW·h的电能，电能表的转盘转3000转。当转盘转动30转时，消耗的电能：30W=~kW·h=O.OlkW·h,3000这只电饭锅工作时的实际功率：W0.01kW-hp=:..:...=1=0.6kW=600Wt鄂h°故答案为：电功（消耗电能）；82;600。(1)电能表是测址家庭电路中电流做功（消耗电能）多少的仪器。(2)电能表的读数方法：（1）月末的减去月初的示数；（2）最后一位是小数；（3）单位kW·h;(3)"3000r/kW·h"表示电路中每消耗lkW·h的电能，电能表的转盘转3000转，据此w求转30转消耗的电能，再根据P=－求出电功率。本题考查学生对电能表铭牌上数据的理解情况，同时要求掌握电功率的计算方法。注意题目中的单位换算。22.【答案】电磁波反射【解析】解；电磁波可以在真空中传播，可以传递信息，无人机组是通过电磁波来传递信息的：＂禾下乘凉梦”的图样在水中的倒影是由千光在水面上发生反射形成的。故答案为：电磁波；反射。

23(1)电磁波可以在真空中传播；(2)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等。本题是一道以无人机为背呆，考查光的反射、电磁波的传播与应用，难度不大，属千基础知识。23.【答案】解：由图和题意可知，0为支点，水对浮标的向上作用力为动力，入水口对B端的向上作用力为阻力；过杠杆B点作竖直向上的力即为阻力F2；过浮标重心作竖直向上的力即为动力F1，过支点0作动力片作用线的垂线段即为动力臂Li.如图所示：【解析】根据杠杆原理分析出杠杆所示动力的作用点和方向；力臂是支点到力的作用线的距离，支点为点0,分别作出支点到力的作用线的垂线段即可。要能找出杠杆的五要素，并且会根据力臂的画法画出正确的作用力或力臂。24.【答案】解：由玩偶点S反射的光线，其中通过光心的光线经凸透镜传播方向不变，平行千凸透镜主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，这两条光线的反向延长线的交点为S的像点S',如图所示：一一一一少－－－－－－－二＇F【解析】由玩偶点S反射的光线（通过光心、平行于主光轴）经凸透镜折射后的两条出射光线它们看上去是由像点发出来的，所以两条出射光线的反向延长线的交点就是像点S'的所在位置。本题考查了凸透镜成像的作图方法，利用好凸透镜的三条特殊光线是关键。第24页，共32页

2425.【答案】解：（1）图中标的是电子移动的方向，则电流方向与之相反，由此可知电池右端为负极，左端为正极，(2)由磁极间的相互作用可知螺线管的左端为N极，右端为S极；根据通电螺线管的电流方向，可知电流从左前方流入，右后方流出，据安培定则可画出线圈的绕法，如下图：SN<二覃酝巨NsAe二＿极【解析】(1)由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，再由安培定则可知通电螺线管的电流方向，然后可知电池正，负极；(2)根据螺线管的NS极，由安培定则可知通电螺线管的绕向。本题考查安培定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。26.【答案】9698A减少烧杯中水量Cb【解析】解：(1)图乙中温度计每一个大格代表10°c，每一个小格代表1°C,示数是96°C;(2)由表格数据可知，水的温度最终保持在98°C不变，即水的沸点是98°C;(3)第Smin时，水温为98°C,已经沸腾，A中气泡在上升过程中体积不断变大，是沸腾时的现象；(4)从给水开始加热到水沸腾需要的时间比较长，根据Q=cmLlt知，可能是水的质量太大，可能是水的初温太低，可能是火力不足等等。为减少加热时间，可以减少烧杯中水量，加大酒精灯火焰，用初温较高的水，给烧杯加温等，故选C;(5)仅水的质量增加，水温度升高的速度减慢，但沸点不变，所以应为C;仅增大液面大气压强，水的质量不变，则水温度升高速度相同，但沸点升高，所以应为b。故答案为：(1)96:(2)98;(3)A;(4)减少烧杯中水量；(5)c;b。(1)温度计的读数：确定每一个大格和每一个小格各代表是示数，再进行读数；(2)水沸腾时温度不变，分析表格数据即可得出答案；;(3)水沸腾时气泡在上升过程中体积变大，沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐变小；

25(4)从给水开始加热到水沸腾需要的时间比较长，根据Q=cmLlt知，可能是水的质证太大，可能是水的初温太低，可能是火力不足等等；(5)若仅增加水的质虽，则水的沸点会不变，加热时间加长；若仅增大液面大气压强，则液体的沸点升高，水的质谥不变，比热容不变，所以水温度升高的快慢是相同的。本题考查“观察水沸腾的实验”，考查了液体沸点跟气压的关系，温度计的读数，沸腾时的现象等，难度不大。27.【答案】CDAB在光的反射现象中，反射角等千入射角漫反射光线、入射光线和法线可逆的仍存在【解析】解：（1）研究光的反射规律，要先布好器材，做出第一组入射光线和反射光线，然后改变入射角再做出第二组，最后取下纸板获得数据，并将数据填入表中进行分析，所以顺序是CDAB;(2)根据表中的数据可以得出的结论是：在光的反射现象中，反射角等千入射角；(3)纸板NOE凹凸不平，光在纸板NOE上发生的是漫反射，从各个方向看到光的传播路径；如图乙所示，把纸板NOF向前折或向后折，这时，在NOF上看不到反射光线，说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内；(4)如果让光逆着反射光路的方向射到平面镜，那么反射光恰好与入射光路重合，这说明在反射时，光路是可逆的；(5)保持一束光贴着纸板NOE沿某角度入射到0点，虽然在纸板上不能观察到反射光线，此时反射光线也是存在的。故答案为：(l)CDAB;(2)在光的反射现象中，反射角等于入射角；（3）漫；反射光线、入射光线和法线；（4）可逆的；（5）仍存在。(1)(2)(3)(5)光的反射定律：在光的反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一个平面内；反射光线、入射光线分居在法线的两侧；反射角等千入射角；(4)光路具有可逆性．在反射现象中，入射是因，反射是果，所以要说反射角等于入射角，反射光线在入射光线和法线决定的平面内，法线为入射光线和反射光线的角平分线，法线与平面镜是垂直的。光的反射定律是光学中一个很重要的定律，也是今后学习光学的基础，要求学生深入理解，牢固掌握。28【答案】(1)薄；不是；（2）增大；有关；(3)1.03X108;1.03X10气(4)500;无法判断第26页，共32页

26【解析】解：（1）在实验中，U形管压强计金属盒上的橡皮膜应该选用薄一些的为好，这样在测量时会较灵敏，实验效果明显；U形管与压强计的探头连接后，一端被封闭，一端开口，所以不是连通器：(2)比较图乙、丙两次实验，两容器中的液体密度相同、金属盒所处的深度不相同，深度越深，高度差越大，压强越大，由此可知：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大；比较乙，丁两次实验，金属盒在两种不同液体中的深度相同，U形管中液面高度差不同，由此可知：液体内部压强与液体密度有关；(3)奋斗者”号深潜到10OOOm深处时，受到海水产生的压强：p=p泡水gh=1.03x103kg/m3x10N/kgx10000m=1.03x108Pa,由p=－可得，每平方米外壁要承受到的海水压力：F=pS=1.03x108Paxlm2=1.03x108N,GF1.03X108N由G=mg可得：m=~=~=~=1.03X107kg=1.03X10九gglON/kg(4)图丁中U形管左右两侧水面的高度差h=5cm,则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为：p=p水gh=1.0xl03kg/m3xlON/kgx0.05m=500Pa;图乙中实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适蜇消水与其均匀混合后（液体不溢出），液体密度减小，橡皮膜所在深度增大，所以橡皮膜受到的液体压强无法判断。故答案为：（1）薄；不是；（2）增大；有关；(3)1.03X108;1.03X104;(4)500;无法判断。(1)用压强计测械液体内部压强，通过U形管左右液面出现高度差来反映压强的大小，从压强计灵敏方而选择橡皮膜；根据连通器定义：上端开口，底部连通，判断压强计是否为连通器；(2)液体内部的压强与液体的深度和密度有关，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个址的关系，从而得到结论；(3)由p=pgh求深潜到10000m时受到海水的压强，由F=pS计算每平方米的舱体受到的海水压力，由G=mg计算质量；(4)根据p=pgh求出液体产生的压强即为橡皮管内气体的压强与大气压之差；容器中加入适批清水与其均匀混合后液体密度减小，由此判断橡皮膜受到的液体压强的变化。本题是探究液体内部压强影响因素的实验，主要考查了控制变岱法的应用，液体压强和压力的计算等，难度适中。29.【答案】右取下最大的祛码14.4934.8X1胪将空果冻盒放入量筒内1.5【解析】解：（1）将天平放在水平台上，游码调零，将平衡螺母向指针偏转的反方向调节，由图甲可知指针向左偏，故平衡螺母向右调节；(2)将石子放左盘，向右盘加入最大的祛码，指针向右偏，说明右盘硃码过重，则应取

27出最大祛码，重新加减祛码，再适当调节游码，最后读数时应是右盘中祛码的质扯加上游码示数，故石子的质量为14.49;(3)由图丙可知石子的体积为：V石＝36ml-30ml=6ml=6cm3,m石14.4g则石子的密度为：P石＝－v_＝－－=4.8g/cm3=4.8x103kg/m3;3cm3石(4)已知批筒内原有水20ml,第一次将部分果冻和果冻盒放入址筒内漂浮时，排开水的体积为：VIIf1=30mL-20mL=10mL=10cm气排开水的质董为：m排1=P水V待1=lg/cm3x10cm3=10g,第二次将部分果冻和果冻盒放入蜇筒内漂浮时，排开水的体积为：V排2=29ml-20ml=9ml=9cm气排开水的质量为：m排2=P水v待2=lg/cm3x9cm3=9g,倒出果冻，空果冻盒漂浮，空果冻盒排开水的体积为：Vti仿＝25mL-20ml=5ml=5cm3,则空果冻盒排开水的质量为：m排＝p水，V挣．＝1g/cm3xScm3=Sg,则空果冻盒的质谥：m盒＝mt-1/:=Sg,则果冻的总质量为：m冻＝m择1+m绯2-2m盆＝10g+9g-2XSg=9g,取出果冻盒用歉筒内的水将果冻盒装满，则果冻盒的容积为：V盆＝20mL-14mL=6ml=6cm3,即果冻的体积为：V冻＝6cm气m冻9g则果冻的密度为:p冻＝-＝一一=l.5g/cm30v冻6cm3故答案为：（1）右；（2）取下最大砫码；14.4g;(3)3;4.8x10芞(4)将空果冻盒放入岱筒内；1.5。(1)调节天平平衡：将天平放在水平台上，游码调零，将平衡螺母向指针偏转的反方向调节（左偏右调，右偏左调），直到横梁在水平位置平衡；(2)天平测量物体质楹时，将被测物体放左盘，祛码放右盘，先加入最大的祛码，若指针右偏，说明右盘的祛码偏重，则取出最大祛码，再重新加减祛码，当加入最小祛码，指针依然右偏时，则取下最小祛码，移动游码，直到天平再次平衡；天平的读数原则是右盘中的祛码质量加游码示数，据此可读出石子的质量；(3)由图丙可知石子的体积为量筒两次示数之差，利用p＝罗可求出石子的密度；(4)由图丁可知果冻加果冻盒一共排开水的质谥为mff!=p水Vt11,倒出果冻，剩余空的果冻盒溃浮，已知空果冻盒排开水的体积，则可求出空果冻盒排开水的质量，即空果冻盒的质最m盒，则果冻质量m冻＝m＃f-2m盒，取出果冻盒用量筒内的水将果冻盒装满，则量筒中原来水的体积减去批筒中剩余水的体积就是果冻盒的容积，即果冻的体积，最后利用p＝千可求出果冻的密度。本题主要考查固体密度测址的实验，要求学生要掌握天平和量筒的使用，并且熟练应用第28页，共32页

28密度公式；本题的难点是需要仔细审题，分析出果冻的质最和体积。30.【答案】将电流表指针调零B电阻短路向右移动变阻器的滑片，使电压表示数为2V变阻器的最大电阻太小反只闭合开关另闭合开关S1，断开开关岛0.9【解析】解：＠小明在检查实验仪器时，发现电流表的指针偏向“O"刻度线的左侧，小明应将电流表指针调零；＠由＠）电压表示数为2V,故电压表选用小量程与电阻并联，由欧姆定律，电流砓大值为：Uv2VI大＝石=面=0.4A,故电流表选用小岱程与电阻串联，如下所示：＠）开关闭合前，小明应将滑动变阻器的滑片置千阻值最大处的B端；闭合开关后，发现电流表有示数，则电路为通路，电压表示数为零，经检查，电流表、电压表正常且连接完好，则电路存在的故障可能是电阻短路；＠根据串联分压原理可知，将定值电阻由SD改接成10f2的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V;电压表控制的电压为2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：归＝4.SV-2V=2.SV,变阻器分得的电压为电压表示数的气f=1.25倍，根据分压原理，当接入20f2电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1.25X20f2=25f2>20f2,故当把10f2的电阻换成20f2的电阻后，无论怎样调节滑动变阻器滑片都无法使电压表示数达到控制值，说明变阻器的最大电阻太小；©更换器材后重新实验，小明得出的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(2)(D只闭合开关S2,移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.3A时，小灯泡正常发光；

29＠保持滑动变阻器的滑片位置不动，闭合开关S1，断开开关S2，记下电流表的示数为0.3A;＠在G)中，变阻器滑片以左电阻丝与灯串联后再与电流表串联，灯正常发光；在＠）中，只有变阻器滑片以右电阻丝连入电路中，由欧姆定律，U4.SVR汾右＝产声＝15fl，则归泸fl'由欧姆定律，在G)中，滑片以左电阻丝的电压为：u淆左＝IR汾左＝0.3Axsn=1.SV;根据串联电流电压的规律，灯的额定电压为：u额定＝4.SV-1.SV=3V,灯的额定功率为：p额定．＝U额定I=3Vx0.3A=0.9W。故答案为：（1）G)将电流表指针调零；＠如上所示；@8;电阻短路；＠向右移动变阻器的滑片，使电压表示数为2V;变阻器最大电阻太小；＠）反；（2)(!)只闭合开关S少＠）闭合开关S1，断开开关Sz;Q)0.9。(1)(!)电流表使用前要调零；＠由G)电压表示数为2V,确定电压表选用小量程与电阻并联，由欧姆定律得出电流最大值确定电流表选用小量程与电阻串联；＠开关闭合前，小明应将滑动变阻器的滑片置千阻值最大处；闭合开关后，发现电流表有示数，则电路为通路，根据经检查，电流表、电压表正常且连接完好，电压表示数为零，确定则电路可能存在的故障；G)根据控制变岱法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；因电压表控制的电压为2V,根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，由分压原理，求出当接入20.n电阻时变阻器连入电路中的电阻分析；©当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(2)如图乙所示电路中，变阻器滑片以左电阻丝与灯串联后再与变阻器滑片以右电阻丝并联，电流表测干路电流，因灯在额定电流时正常发光，故可只闭合灯所在的电路，移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.3A时，小灯泡正常发光；如果能求出变阻器滑片以左电阻丝的大小，由欧姆定律和串联电路的规律，根据P=UI即可求出小灯泡的额定电功率，故只将变阻器滑片以右电阻丝与电流表连入电路中，由欧姆定律求出滑片以右电阻丝，从而得出滑片以左电阻丝，最终得出灯的额定功率。本题探究“电流与电阻的关系”，考查注意事项、电路连接、故障分析、控制变量法和操作过程、实验结论，同时也考查了在设计实验方案测额定功率的能力，最后一问难度较大。31.【答案】解：（1）工件浸没在水中时，排开水的体积V择＝V=30dm3=0.03m3,受到的浮力F浮＝p水gVnt=lX103kg/m3XlON/kgx0.03m3=300N;第30页，共32页

30(2)根据p＝翌可得，工件的质量：m=pV=3X103kg/m3X0,03m3=90kg;工件的重力G=mg=90kgxlON/kg=900N;(3)工件在水中上升受到的拉力F拉＝G-F浮＝900N-300N=600N,绳子移动距离s=Zh=2x6m=12m,工人拉绳子的力F=；（F拉十五）=¼(600N+20N)=310N,工人做功w_@=Fs=310Nx12m=3720}。答：（1）工件浸没在水中时所受的浮力为300N;(2)工件受到的重力为900N;(3)工件在水中上升6m的过程中（工件始终浸没在水中），工人做了3720}功。【解析】(1)根据凡孚＝p7}(gV#｝计算浮力；(2)已知工件的体积和密度，利用密度公式计算质量，由G=mg可求得其觅力；(3)工件在水中上升受到的拉力F拉＝G-F浮，工件在水中上升h=6m,则绳子移动距离s=2h，再根据滑轮组拉力与动滑轮重和动滑轮处绳子拉力求出工人拉绳子的力，由W=F拉S可求得工人做了多少功。此题为力学综合题，涉及到重力、密度、功的计算公式的应用，浮力大小的计算、滑轮组绳子拉力的计算等知识点，关键是各种公式的灵活运用。32.【答案】解：(1)由电路图可知，S1闭合、S2断开时，R1与R2串联，由串联电路的电阻特点可知，此沪时电路的总电阻最大，由P=Ul=－可知，电功率最小，则养生壶处于保温挡，R沪由P=－可知，此时电路的总电阻：R沪(220V)R=-==242Dp保200W由串联电路的电阻特点可知，凡的阻值：R2=R-R1=24212-4412=19812;(2)水吸收的热量：灼＝c水m(t-to)=4.2X103]/(kg·°C)X2kgX(100°C-50°C)=4.2X10饥由n＝竺可知，该过程需要消耗的电能：wW=竺＝~=5.25X10汀。1/80%答：（1）凡的阻值是19812;(2)用该壶加热2kg的水，温度由S0°C升高到100°c,水需要吸收的热匮为4.2X10勺；该壶消耗的电能80％被水吸收，该过程需要消耗的电能为5.25X10勺。

31【解析】(1)由电路图可知，S1闭合、S2断开时，R1与R2串联，根据串联电路的电阻特沪u2点和p=U/=－可知，养生壶处千保温挡，根据P=—求出此时电路的总电阻，已知R1RR的阻值，利用串联电路的电阻特点求出凡的阻值；(2)根据QIJ&=cm(t-t0)求出水吸收的热噩；根据n＝竺求出该过程需要消耗的电能。w本题考查了电功率公式、吸热公式和效率公式的综合应用，分清养生壶处千不同状态时电路的连接方式是关键。33.【答案】解：灯丝受热升华，会有一部分固体以气体的形式上升到灯泡的内壁，遇冷凝华，凝华后的物质附着在臼炽灯壁上，所以灯泡壁上发黑，灯丝升华后，灯丝变细，电阻变大，电压不变的时候，灯泡的实际功率变小，所以长时间使用的电灯会变暗。故答案是：由千灯泡使用时间长灯丝不断发生升华和凝华；因而灯泡壁发黑且灯丝变细，灯丝的电阻变大，在电压不变的情况下灯的功率变小，所以灯泡变暗。【解析】生活中经常见到这样的现象，对物体的升华要有所了解，同时针对白炽灯的升华要结合到所学的电学知识了解为什么会变暗。本题考查的是升华现象和电功率的综合题，对升华概念要熟练掌握，针对电功率的知识要与物态变化中升华知识有所联系。第32页，共32页