山东省淄博市第四中学2022-2023学年高二上学期期末学情自测数学 word版含解析

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淄博四中高202级高二上学期学情自测数学试卷第Ⅰ卷（共60分）一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．抛掷两枚质地均匀的硬币，设事件A=“第一枚硬币正面朝上”，事件B=“第二枚硬币反面朝上”，则A与B的关系为（）A．互斥B．相互对立C．相互独立D．相等2．圆关于直线x－y＋6=0对称的圆的方程为（）A．B．C．D．3．已知向量，，若，则x=（）Α．B．C．－2D．24．抛物线的焦点坐标为（）．A．B．C．D．5．已知直线l：ax－y＋1=0与圆C：相交于两点A，B，当a变化时，△ABC的面积的最大值为（）A．1B．C．2D．6．已知抛物线C：的焦点为F，准线为l，直线：x－y＋2=0，动点M在C上运动，记点M到直线l与的距离分别为，，O为坐标原点，则当最小时，cos∠MFO=（）A．B．C．D．7．过圆O：内一点作直线交圆O于A，B两点，过A，B分别作圆的切线交于点P，则点P的坐标满足方程（）A．x＋2y－4=0B．x－2y＋4=0C．x－2y－4=0D．x＋2y＋4=08．如图，棱长为3的正方体ABCD－中，P为正方体表面上的一个动点，E，F分别为

1的三等分点，则的最小值为（）A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分．9．已知椭圆C：（8

212．P为椭圆：上的功点，过P作切线交圆：于M，N，过M，N作切线交于Q，则（）A．的最大值为B．的最大值为C．Q的轨迹是D．Q的轨迹是第Ⅱ卷（共90分）三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13．甲，乙，丙三个同学独立求解同一道数学题，他们各自解出该数学题的概率分别为，，，则这道数学题被解出来的概率为______．14．已知圆O：，过点P（2，1）作圆O的切线，则切线方程为______．15．已知椭圆（a>0，b>0）在左、右焦点分别为，，点P在椭圆上，O是坐标原点，，，則椭圆的离心率是______．16．已知△ABC为等腰直角三角形，C为直角顶点，AC中点为D（0，2），斜边上中线CE所在直线方程为3x＋y－7=0，且点C的纵坐标大于点E的纵坐标，则AB所在直线的方程为______．四、解答题：本题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．根据调查，某学校开设了“街舞”、“国棋”、“武术”三个社团，三个社团参加的人数如下表所示：社团街舞围棋武术人数320240200为调查社团开展情况，学校社团管理都采用分层抽样的方法从中抽取一个容量为n的样本，已知从“围棋”社团抽取的同学比从“街舞”社团抽取的同学少2人．（1）求三个社团分别抽取了多少同学；（2）若从“围棋”社团抽取的同学中选出2人担任该社团活动监督的职务，已知“围棋”社团被抽取的同学中有2名女生，求至少有1名女同学被选为监督职务的概率．18．如图，四边形ABEF为正方形，若平面ABCD⊥平面ABEF，，，AD=2DC=2BC．

3（1）求二面角A—CF—D的余弦值；（2）判断点D与平面CEF的位置关系，并说明理由．19．已知△ABC的顶点坐标分别为A（－3，0），，C（3，0）．圆M为△ABC的外接圆．（1）求圆M的方程；（2）直线l与圆M相切，求直线l与两坐标轴所围成的三角形面积最小时l的方程．20．设抛物线C：（p>0），其焦点为F，准线为l，点P为C上的一点，过点P作直线l的垂线，垂足为M，且，．（1）求抛物线C的方程；（2）设点Q为C外的一点且Q点不在坐标轴上，过点Q作抛物线C的两条切线，切点分别为A，B，过点Q作y轴的垂线，垂足为s，连接AS，BS，证明：直线AS与直线BS关于y轴对称．21．如图，在三棱锥P－ABC中，，平面PBC，AG=GC，PD=DA．（1）求证：平面BDG⊥平面ABC（2）若AB=BC=CP=2，求平面ABD与平面CBD的夹角大小．22．已知双曲线E：（a，b>0）的左顶点为A（－2，0），点P（2，1）在渐近线上，过点P的直线交双曲线E的右支于B，C两点，直线AB，AC分别交直线OP于点M，N．（1）求双曲线E的方程：（2）求证：O为MN的中点．学情自测参考答案：1．C【解析】根据互斥事件、对立事件和独立事件的定义即可判断．【详解】显然事件A和事件B不相等，故D错误，由于事件A与事件B能同时发生，所以不为互斥事件，也不为对立事件，故AB错误；因为事件A是否发生与事件B无关，事件B是否发生也与事件A无关，故事件A和事件B相互独立，故C正确．故选：C．2．D【分析】一个圆关于直线对称的圆是圆心坐标关于直线对称，半径相等，求出已知圆的圆心坐标及半径，设所求圆的圆心，可得两个圆心的中垂线为已知直线，进而求出所求的圆心坐标，即可写出圆的方程．

4【详解】由圆的方程可得，圆心坐标（－2，12）半径为2，由题意可得关与直线x－y＋6=0对称的圆的圆心为（－2，12）关于直线对称的点，半径为2，设所求圆的圆心为（a，b），则，解得a=6，b=4，故圆的方程为，故选：D．3．【答案】A【分析】依题意可得，即可得到方程组，解得即可；【详解】解：因为，，且，所以，即，解得故选：A．4．C【分析】将已知抛物线方程整理成标准形式，从而可求出焦点坐标．【详解】由可得，焦点在y轴的正半轴上，设坐标为，则，解得，所以焦点坐标为．故选：C．5．C【分析】将△ABC的面积表示出来即可求出最大值．【详解】因为直线l：ax－y＋1=0恒过点（0，1）在圆内，所以直线与圆相交，圆C:的圆心C（1，0），r=2，所以△ABC的面积的最大值为：．

5故选：C．6．A【分析】由抛物线的定义可知，，设，垂足为N，，当M、F、N三点共线时，最小，再结合点到直线的距离公式，以及直角三角形中的锐角的余弦值即可求出结果．【详解】由抛物线的定义可知，，设，垂足为N，∴，当M、F、N三点共线时，最小，∵抛物线C：，∴焦点F（1，0），∴，设直线与x轴的交点为D，令y=0，得x=－2，即FD=2＋1=3，在Rt△DNF中，cos∠MFO=cos∠NFD=．故选：A．7．A【分析】设出P点坐标，求解出以OP为直径的圆M的方程，将圆M的方程与圆O的方程作差可得公共弦AB的方程，结合点在AB上可得点P的坐标满足的方程．【详解】设，则以OP为直径的圆M：，即①因为PA，PB是圆O的切线，所以OA⊥PA，OB⊥PB，所以A，B在圆M上，所以AB是圆O与圆M

6的公共弦，又因为圆O：②，所以由①－②得直线AB的方程为：，又点满足直线AB方程，所以，即x＋2y－4=0．故选：A．8．D【解析】过F作F关于平面，的对称点，连接交平面于点，证明此时的使得最小，建立空间直角坐标系，求出所需点的坐标，的最小值为．【详解】过F作F关于平面，的对称点，连接交平面于点．可以证明此时的使得最小：任取（不含），此时．在点D处建立如图所示空间直角坐标系，则，B（3，3，0），因为E，F分别为的三等分点，所以E（1，1，2），F（2，2，1），又点F距平面的距离为1，所以，的最小值为．故选：D9．【答案】BC【分析】根据条件先求解出m的值，然后逐项判断焦点位置、长轴长和短轴长的数量关系、离心率以及椭圆上的点到焦点的最大距离．【详解】因为8

7所以，又因为，当时取最大值，所以，故D错误；故选：BC．10．【答案】ABD【分析】对于A，只要证明两圆外切即可得出结论；对于B，由题意可得，从而可得答案；对于C，曲线化为，根据直线与半圆的交点个数，结合图像即可得出答案；对于D，的图象与圆有两个公共点，即为直线x－y=0的图象与圆有两个公共点，则圆心到直线x－y=0的距离小于，即可判断．【详解】解：对于A，圆：，则，半径，圆:，则，半径，，所以两圆外切，所以圆：与圆：恰有三条公切线，故A正确；对于B，若点P（3a＋1，4a）在圆的内部，则，解得，故B正确；对于C，曲线化为，则曲线时以原点为圆心，2为半径x轴上半部分的圆（包括x轴），当直线y=x＋b过点（2，0）时，b=－2，当直线y=x＋b过点（－2，0）时，b=2，当直线y=x＋b与曲线相切时，则，解得（负值舍去），所以，若直线y=x＋b与曲线只有一个公共点，则或，故C错误；

8对于D，因为圆关于x轴对称，则的图象与圆有两个公共点，即为直线x－y=0的图象与圆有两个公共点，所以圆心（m，0）到直线x－y=0的距离，所以，故D正确．故选：ABD．11．BCD【分析】以D为原点，，，，分别为x轴，y轴，z轴正方向建立空间直角坐标系，利用向量法可以判断选项ABD；对于C：先做出截面，判断其为梯形，直接求面积即可．【详解】以D为原点，，，，分别为x轴，y轴，z轴正方向建立空间直角坐标系，则A（2，0，0），E（1，2，0），F（0，2，1），D（0，0，0），（0，0，2），G（2，2，1），（2，0，2），所以，，，，，对于A：因为，所以直线EF与直线AE不垂直．故A错误；对于B：设平面AEF的法向量，则取y=l，得．∵且平面AEF，∴直线与平面AEF平行．故B正确；对于C：

9连接，，∵E，F分别是BC，的中点，∴面AEF截正方体所得的截面为梯形，∴面AEF截正方体所得的截面面积为：．故C正确；对于D：由前面可知平面AEF的法向量．∴点到平面AEF的距离，点D到平面AEF的距离，∴点和点D到平面AEF的距离相等．故D正确．故选：BCD．【点睛】立体几何题目的基本方法：（1）用几何法证明或计算；（2）向量法：①建立合适的坐标系；②把要用到的向量正确表示；③利用向量法证明或计算．12．AC【解析】设出点Q，P的坐标，分别写出直线MN方程，根据系数相等，求得坐标之间的关系，结合几何关系，即可求得三角形OPQ得面积，结合均值不等式则面积的最大值可解；利用相关点法，即可求得动点Q的轨迹方程．【详解】根据题意，作图如下：

10不妨设点P的坐标为，点Q坐标为（m，n），故切点MN所在直线方程为：mx＋ny=12；又点P为椭圆上的一点，故切线方程MN所在直线方程为：；故可得，，即，．不妨设直线MN交OQ于点H，故，设直线OQ方程为：nx－my=0，故，又，故可得三角形OPQ的面积，当且仅当，且时，即，时取得最大值．因为点P在椭圆上，故，又，，故可得，整理得．故动点Q的轨迹方程为：．故选：AC．【点睛】本题考查切点弦直线方程、椭圆的切线方程，以及均值不等式的利用，轨迹方程的求解，属综合困难题．13．【分析】求出这道数学题没有被解出来的概率再由对立事件的概率公式可得答案．【详解】设这道数学题被解出来的事件为A，则这道数学题被解出来的概率为．故答案为：．14．y=1或4x－3y－5=0【分析】首先判断点圆位置关系，再设切线方程并联立圆的方程，根据所得方程求参数k，即可写出切线方程．

11【详解】由题设，，故P在圆外，根据圆O：及P（2，1），知：过P作圆O的切线斜率一定存在，∴可设切线为y=k（x－2）＋1，联立圆的方程，整理得，∴，解得k=0或．∴切线方程为y=1或4x－3y－5=0．故答案为：y=1或4x－3y－5=0．15．【分析】用椭圆半焦距c表示出、，再借助余弦定理列式即可计算作答．【详解】令椭圆半焦距为c，因，则，由椭圆定义得，在中，由余弦定理得：，即，整理得，因此有，而0

1217．（1）8，6，5（2）．【分析】（1）设抽样比为x，则由分层抽样可知，“街舞”、“围棋”、“武术”三个社团抽取的人数分别为320x、240x、200x．由题意列出方程，能求出“街舞”、“围棋”、“武术”三个社团抽取的人数．（2）从“围棋”社团抽取了6人，其中2位女生记为A，B，4位男生记为C，D，E，F，利用列举法能求出从这6位同学中任选2人，至少有1名女生被选中的概率．【详解】（1）设抽样比为x，则由分层抽样可知，“街舞”、“围棋”、“武术”三个社团抽取的人数分别为320x、240x、200x．则由题意得320x－240x=2，解得．故“街舞”、“围棋”、“武术”三个社团抽取的人数分别为、、．（2）由（1）知，从“围棋”社团抽取的同学为6人，其中2位女生记为A，B；4位男生记为C，D，E，F，从中选出2人担任该社团活动监督的职务有15种不同的结果，，，，，，，，，，，，，，，至少有1名女同学被选为监督职务有9种不同的结果，，，，，，，，，，所以至少有1名女同学被选为监督职务的概率．【点睛】本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意古典概型概率公式、列举法的合理运用．18．（1）（2）点D在平面CEF外，证明见解析【分析】（1）设出相应线段的长度，进而建立空间直角坐标系，利用空间向量夹角公式求得答案；（2）根据空间向量共面定理即可判断．【详解】（1）因为平面ABCD⊥平面ABEF，且交线为AB，因为四边形ABEF为正方形，所以AF⊥AB，于是AF⊥平面ABCD，以D为原点，，所在方向分别为x轴，y轴的正方向建立空间直角坐标系D－xyz．

13设AD=2DC=2BC=2，容易得到，所以D（0，0，0），C（1，0，0），A（0，2，0），，，，设平面AFC的法向量为，由，可取，又，，设平面DFC的法向量为，由，可取，所以，所以二面角A－CF－D的的余弦值为．（2）点D在平面CEF外，证明如下，连接ED，因为，，，设，则，即，显然此方程组无解，所以四点D，C，E，F不共面，即点D在平面CEF外．19．（1）；（2）或或或．【分析】（1）假设圆的一般方程，代入A，B，C可构造方程组求得结果；（2）设l：，利用直线与圆相切和基本不等式可知当直线l与两坐标轴所围成的三角形面积最小，由此得到a，b，进而整理得到直线方程．（1）设圆M方程为：，则，解得：，∴圆M方程为：，即；（2）由题意知：直线l在x，y轴的截距不为零，∴可设l：，即bx＋ay－ab=0，

14∵l与M相切，∴，即（当且仅当时取等号），∴，即当时，直线l与两坐标轴所围成的三角形面积最小，此时所有可能的结果为：或或或，∴l方程为：或或或．20．（1）（2）证明见解析【分析】（1）由抛物线的定义可得，△PFM为等边三角形，结合条件可求出，设直线l交y轴于N点，则在Rt△MNF中∠NMF=30°，可求出，即得出抛物线方程；（2）要证明直线AS与直线BS关于y轴对称，只需证明两条直线的斜率之和为0即可，通过导数的几何意义，可求出直线QA与直线QB的方程，进而可求出直线AB的方程，和抛物线方程联立方程，结合根与系数的关系可得点A、B的横坐标的关系，进而得出直线AS与直线BS斜率的表达式，即可算出这两条直线的斜率之和为0，即可得证．（1）∵，∴△PFM为等边三角形，∴∠FMP=∠PFM=60°，又，∴．设直线l交y轴于N点，则在Rt△MNF中∠NMF=30°，，∴C的方程为．（2）设点Q（a，b）（a≠0，b≠0），，，又C的方程为可化为，∴．所以过点A且与C相切的直线的斜率为，过点B且与C相切的直线的斜率为，所以直线QA的方程为，直线QB的方程为．又直线QA与QB均过点Q，，，又，，∴，，所以直线AB的方程为y=ax－b，联立方程y=ax－b和得方程组消去y得，∵b≠0，∴，，∵，又S（0，b），则直线AS的斜率；直线BS的斜率，

15∴，∵，∴．所以直线AS与直线BS关于y轴对称．21．（1）证明见解析；（2）60°．【分析】（1）从所要证明的结论分析：要证平面BDG⊥平面ABC，即证DG⊥平面ABC，即证PC⊥平面ABC，即证PC⊥AB，进而得到证明思路；（2）方法一：以G为坐标原点，GB，GC，GD所在直线分别为x，y，z轴建立空间直角坐标系，利用平面的法向量求二面角的大小；方法二：过A作AE⊥BD，垂足为E，连接EC，找出二面角的平面角，利用余弦定理求其大小．（1）证明：因为AB⊥平面PBC，平面PBC，所以PC⊥AB．因为PC⊥BC，，所以PC⊥平面ABC．因为AG=GC，PD=DA，所以，故DG⊥平面ABC．因为平面BDG，所以平面BDG⊥平面ABC．（2）方法一：因为AG=GC，AB=BC，所以BG⊥AC．以G为坐标原点，GB，GC，GD所在直线分别为x，y，z轴建立空间直角坐标系，则，，D（0，0，1），所以，，，．设是平面ABD的法向量，则，即，令x=1，则y=－1，，所以，．设是平面CBD的法向量，则，即，令a=1，则b=1，，所以，，所以．所以平面ABD与平面CBD的夹角的大小为60°．方法二：如图，过A作AE⊥BD，垂足为E，连接EC．由（1）中的垂直关系及条件AB=BC=CP=2，可计算得，，

16所以DB=DC=DA=PA=．所以．所以∠AEC为二面角A－BD－C的平面角．，，．所以．在△EAC中，由余弦定理可得．所以∠AEC=120°，所以平面ABD与平面CBD的夹角的大小为60°．22．（1）（2）证明见解析【分析】（1）由已知条件列方程组求解a，b，得双曲线方程．（2）设直线BC的方程，代入双曲线方程，韦达定理表示根与系数的关系，设直线AB、AC的方程，求与直线OP的交点M、N，要证O为MN的中点，只需证或即可．【详解】（1）依题意得，解得，所以双曲线E的方程为．（2）如图所示：法1．设直线BC：x=my＋t，，，则2=m＋t，由消去x得，当时由韦达定理得，

17直线OP方程为，直线AB：，直线AC：．由得，同理可得．要证O为MN的中点，只需证，即证，．得证．法2．设直线BC：y=kx＋n，，，则1=2k＋n，由，得，当时由韦达定理得，直线OP方程为，直线AB：，直线AC：，由得，同理可得，要证O为MN的中点，只需证，即证，即证，由1=2k＋n，只需证，即证，只需证，即证，由1=2k＋n可知显然成立．得证．【点睛】1．求双曲线的标准方程的基本方法是待定系数法．具体过程是先定形，再定量，即先确定双曲线标准方程的形式，然后再根据a，b，c，e及渐近线之间的关系，求出a，b的值．

182．解答直线与双曲线的题目时，时常把两个曲线的方程联立，消去x（或y）建立一元二次方程，然后借助根与系数的关系，并结合题设条件建立有关参变量的等量关系．3．涉及到直线方程的设法时，务必考虑全面，不要忽略直线斜率为0或不存在等特殊情形．强化有关直线与双曲线联立得出一元二次方程后的运算能力，重视根与系数之间的关系、弦长、斜率、三角形的面积等问题．