【解析】福建省漳州市2018届高三上学期期末调研测试物理试题含解析

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www.ks5u.com福建省漳州市2018届高三上学期期末调研测试物理试题一、选择题本题共9小题，每小题4分，共36分其中第1-6题每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求；第7-9题每题给出的四个选项中，有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是A.比结合能小的原子核裂变或聚变成比结合能大的原子核时一定吸收核能B.光电效应和康苦顿效应深人揭示了光的粒子性。前者表明光子具有能量后者表明光子除了具有能量外还具有动量C.某种元素的半衰期为T，经过2T时间后该元素完全变成了另一种元素D.按照玻尔理论，氢原子核外电子从半轻较小的轨道跃迁到半轻较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量也减小【答案】B【解析】A、比结合能小的原子核结合成比结合能大的原子核时一定吸收核能，故A错误；B、光电效应和康苦顿效应深人揭示了光的粒子性。前者表明光子具有能量后者表明光子除了具有能量外还具有动量，故B正确；C、某种元素的半衰期为T，经过2T时间后，为两个半衰期，有发生衰变，故C错误；D、按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大，D错误；故选B。【点睛】光电效应和康苦顿效应深人揭示了光的粒子性；按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大。2.如图为伽利略研究自由落体运动规律时设计的斜面实验。他让铜球在阻力限小的斜面上从静止滚下，利用滴水计时记录钢球运动的时间。对于伽利略的“斜面实验”，下列说法正确的是A.在倾角较小的斜面上进行实验、可“冲淡”重力的作用，使时间测量更容易B.伽利略通过对自由落体运动的研究，进行合理外推得出铜球在斜面做匀变速运动

1C.若斜面倾角一定，不同质量的铜球在斜面上运动时速度变化的快慢不同D.若斜面倾角一定，铜球沿斜面运动的位移与所用时间成正比【答案】A【解析】A、自由落体运动下落很快，不易计时，伽利略让小球沿阻力很小的斜面滚下，延长了小球的运动时间，“冲淡”了重力的作用，故A正确；B、伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动，故B错误；C、小球沿斜面下滑，做匀加速直线运动，由可知，加速度，所以斜面倾角一定，加速度与质量无关，质量不同的小球加速度都相等，运动规律相同，由静止从顶端滚到底端的时间相同，故C错误；D、若斜面倾角一定，加速度一定，铜球沿斜面运动的位移与所用时间平方成正比，故D错误；故选A。【点睛】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法。3.如图，甲、乙两小球离地高度分别为人、(>)两小球以、的速度水平相向抛出（两小球运动轨迹在同一竖直面内)，两小球在运动中相遇，下面说法正确的是A.一定小于B.一定大于C.甲先抛出D.乙先抛出【答案】C

2【解析】CD、从不同高度水平抛出甲、乙两个小球，竖直分运动是自由落体运动，两小球在运动中相遇，根据，由于甲下落的高度大于乙下落的高度，故甲下落的时间大于乙下落的时间，所以甲先抛出，故C正确，D错误；AB、水平抛出甲、乙两个小球，水平方向运动是匀速直线运动，由于不知水平方向位移关系，所以甲乙两球速度无法确定，故AB错误；故选C。【点睛】关键是明确两个球的运动情况，结合平抛运动的分运动公式列式求解即可。4.如图，在个半径为R的大圆环上套有一个质量为m的小圆环(忽略大小可着作质点)，大圆环烧过圆心的竖直轴做角速度为ω的匀速调周运动，小圆环一直相对于大圆环静止。小圆环与大圆环圆心连线与竖直轴成θ(0°<θ<90°）角，则下列关于小圆环所受弹力和摩擦力的说法正确的是A.小圆环可能不受弹力B.小圆环所受弹力方向可能指向圆心C.小圆环可能不受摩擦力D.小圆环所受摩擦力与大圆环相切向下【答案】B【解析】小圆环一直相对于大圆环静止，随大圆环一起做匀速调周运动，小圆环受到重力，大圆环对小圆环弹力N，大圆环对小圆环静摩擦力f，分析受力如图在竖直方向上，则有，在水平方向上，则有，解得

3，，由于不知G，，的大小，故N可能取正值，可能取负值，小圆环所受得弹力方向可能指向圆心，，小圆环所受得弹力方向可能背离圆心，大圆环对小圆环静摩擦力一定取正值，小圆环所受摩擦力与大圆环相切向上；故B正确，ACD错误；故选B。【点睛】本题关键是明确弹力与接触面垂直，然后根据共点力平衡条件和牛顿第二定律列式分析。5.如图，质量均为m的A、B两个小物体置于倾角为30°的斜面上，它们相互接触但不粘连。其中B与斜面同动摩擦因数为，A为光滑物体，同时由静止释放两个物体，重力加速度为g.则下列说法正确的是A.两个物体在下滑过程中会分开B.两个物体会一起向下运动，加速度为C.两个物体会一起向下运动。加速度为D.两个物体会一起向下运动，它们之间的相互作用力为【答案】C【解析】对A受力分析，由牛顿第二定律得对B受力分析，

4由牛顿第二定律得，且有联立解得，，故B正确，ACD错误；故选B。【点睛】两物体刚好分离的条件是两物体之间作用力为0，。6.如图，A、B、C三个点电荷分别固定于一个边长为a的正三角形的个顶点，它们所带的电荷量分别为+Q、-2Q、-2Q，在三角形中心O释放个带+q电荷的试探电荷，为了让该试探电荷静止在O点，需要在空间加上一个平行于三角形所在平面的勺强电场，则A.所加匀强电场方向为由0指向A，场强大小为B.所加匀强电场方向为由A指向O，场强大小为C.撤去匀强电场，将试探电荷从O点移到BC中点，移动过程中试探电荷的电势能增加D.撤去匀强电场，将试探电荷从0点移到BC中点，移动过程中电场力对试探电荷做正功【答案】DCD、撤去匀强电场，将试探电荷从O点移到BC中点，电势降低，移动过程中电场力对试探电荷做正功，电势能减小；故D正确，C错误；

5故选D。【点睛】电场的叠加问题，关键要掌握点电荷场强公式和平行四边形定则，结合数学知识求解。7.如图，理想变压器的原、副线圈的匝数比为2：1，在原、副线圈的回路中接入的电阻阻值均为R，电压表和电流表均为理想电表，以a、b端接有电压为220sin1OπtV的交流电，开关S处于断开状态时，设电压表读数为U，原、副线圈回路中电阻R消耗的功率之比为k，则A.U=88V，B.U=110V，k=4C.当开关闭合时，电流表的示数会成小D.当开关闭合时，电压表的读数会减小【答案】AD【解析】AB、由，原线圈回路中电阻R消耗的功率，副线圈回路中电阻R消耗的功率，则有，副线圈的电流，原线圈回路中，原线圈回路中电阻R的电压，a、b端电压有效值为，由题意可知输入电压有效值为，解得；故A正确，B错误；CD、当开关闭合时，负载减小，副线圈的电流，原线圈回路中，原线圈回路中电阻R的电压，由题意可知输入电压有效值为，解得，故C错误，D正确；故选AD。【点睛】突破口是表示出原线圈中的电流和原线圈回路中的电阻的分压，找出原线圈的电压和原线圈回路中的电阻的分压的数值关系。

68.2017年1月16日，美国激光干涉引力波天文台等机构联合宣布首次发现双中子星合并引力波事件。假设该事件中甲、乙两中子星的质量分别为、，它们绕其连线上的某点做圆周运动，且它们的间距在缓慢减小，不考虑其他星系的影响，则下列说法中正确的A.甲、乙两中子星的角速度大小之比为：B.甲乙两中子星的线速度大小之比为：C.甲乙两中子星的运行周期在减小D.甲、乙两中子星的向心加速度大小始终相等【答案】BC【解析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，周期相等，角速度相等，所以周期比，故A错误；根据 ，，联立解得，由它们的间距在缓慢减小，则有甲乙两中子星的运行周期在减小，故C正确；由可知，由它们的间距在缓慢减小，甲、乙两中子星的向心加速度大小增大，故D错误；可知，则半径，根据v=rω得，故B正确；故选BC。【点睛】解决问题时要把握好问题的切入点．如双星问题中两卫星的向心力相同，角速度相等。9.如图，在水平面上有半径为r的圆形边界磁场，磁场垂直于水平面，磁感应强度大小为B.在磁场边界上某点（未面出)有大量同种带电粒子（不计重力及粒子间的相互作用)以相同速度在水平面上沿各方向射入磁场，已知在磁场中运动时间最长的粒子的运动时间为其在磁场中圆周运动周期的，下面说法正确的是

7A.在磁场中运动时间最长的粒子离开磁场的速度方向与入射速度方向的夹角为B.粒子的比荷为C.粒子在磁场中的轨道半径为rD.粒子在磁场中圆周运动的周期为【答案】BD【解析】A、粒子在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，在磁场中运动时间最长，对应的弦长最长，故弦长等于2r，在磁场中运动时间最长的粒子的运动时间为其在磁场中圆周运动周期的，由几何关系可得在磁场中运动时间最长的粒子离开磁场的圆心角为，故A错误；BC、由几何关系可，由可得粒子的比荷为，故B正确，C错误；D、粒子在磁场中圆周运动的周期为，故D正确；故选BD。【点睛】粒子在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，在磁场中运动时间最长，对应的弦长最长，在磁场中运动时间最长的粒子的运动时间为其在磁场中圆周运动周期的，由几何关系可得在磁场中运动时间最长的粒子离开磁场的圆心角为。二、实验题：本题共2小题，共14分10.用如图的装置测量滑块与斜面间的动摩擦因数μ，每次滑块从斜面上由静止开始下滑，多次实验，测出滑块开始下滑时挡光板沿斜面到光电门所在位置的距离L及相应挡光时间t的值。(1)为测出滑块与斜面间的动摩擦因数μ，本实验需要测出或知道的物理量是______(填下列序号)，A.滑块与挡光板的总质量m

8B.斜面的预角θC.挡光板的宽度dD.当地的重力加速度g(2)实验中测出了多组L及t的值，若要通过线性图象处理数据求，值则应作出的图象为__________。A.图象B.图象C.图象D.国象(3)在第(2)同作出的线性图象中，若直线斜率为k。则关于μ值的表达式为μ=______.[用第(1)问中选用的相关物理量的符号表示]【答案】(1).BCD(2).B(3).【解析】(1)设斜面的倾角为θ，释放滑块时遮光条到光电门间的距离x，滑块经过光电门时的速度为v，物体在斜面上受到重力．支持力和摩擦力的作用，沿斜面的方向：，由导出公式，由于遮光片经过光电门的时间比较小，所以可以用遮光片经过光电门的平均速度表示瞬时速度，即，联立解得，从公式中可以看出，摩擦因数与斜面的倾角θ、遮光片的宽度d、重力加速度g、遮光条宽度d、遮光时间t以及释放滑块时遮光条到光电门间的距离L有关，所以还需要测量的物理量为：斜面的倾角θ和释放滑块时遮光条到光电门间的距离x、当地的重力加速度g，故选项BCD正确；(2)实验中测出了多组L及t的值，则有，应作出的图象为图象(3)直线斜率为，解得11.某同学用伏安法测定一节干电池的电动势和内阻，除电池开关和导线外，可供使用的实验器材还有：a.电流表(量程0～0.6A.内里约0.5Ω)b.电压表量程0～3V.内阳很大视为理想表)c.定值电阻(阻值1Ω、额定电流2A)d.定值电阻阻值10Ω、额定电流2A)

9e.滑动变阳器(阻值范围0～10Ω、额定电流2A)f.滑动变阳器(阻值范围0～1000Ω、额定电流2A)该同学按如图甲电路连按器材开始实验，电路中串联一个定值电阻保护电路，防止在调节滑动变阻器时造成短路，关于该实验回等下列问题：(1)滑动变阻器应选择______(填“e”或“f”).(2)定值电用应选_________(填“c”或“d”).(3)在实验时该同学发现调节变阻器过程中电压表的变化不明显，经思考该同学仍用原有的实验器材，只是对电路连接做了一点合理改动，使得再次调节变阻器时电压表变化比原来明显，在图乙中画出改动后的电路图_______。(4)根据改动后的实验记录，画出的U-I图线如图丙所示，可求出待测电池的电动势为__________V，内电阻________Ω。(结果均保留到小数点后2位)【答案】(1).e(2).c(3).(4).1.50(5).0.50【解析】(1)一节干电池的电动势约为1.5V，应用伏安法测一节干电池电动势与内阻时，内阻约为几欧，为方便实验操作，滑动变阻器应选e；(2)定值电阻的作用是保护电路，，解得定值电阻大约1，所以定值电阻应选C。(3)如图甲，电压表示数，当，在实验时该同学发现调节变阻器过程中电压表的变化不明显，经思考该同学仍用原有的实验器材，只是对电路连接做了一点合理改动，使得再次调节变阻器时电压表示数变化比原来明显，改动后的电路图为

10(4)根据改动后的实验记录，画出的U-I图线如图丙所示，则有，可求出待测电池的电动势为，内电阻三、计算题本题共3小题，共37分。计算题要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位12.如图，甲、乙两同学在某游乐场同一平直的滑冰道游戏，开始时乙在前面的小旗处，甲在后面与小旗相距L=10m处.甲自静止开始以加速度向乙加速滑来，当他滑到小旗处即改做匀速运动；乙同学看到甲同学运动后，在经历了反应时间=0.5s后，随即开始以的加速度向右做匀加速运动，两人在运动过程中可视为质点。不考虑冰道的摩擦，问甲、乙两同学在运动过程中是否相撞若不相撞？求他们在运动过程中距离的最小值。【答案】不相撞,2.5m【解析】【分析】甲先做匀速运动时由运动规律求出速度，当他滑到小旗处做匀速运动，乙经历了反应时间=0.5s后做匀加速运动，当他们速度相同，在运动过程中距离的最小。解：甲做匀速运动时的速度为甲从开始运动到小旗处所用时间为设甲经过小旗后再运动时间，乙同学的速度与甲相同。此时他们的距离最近，有甲、乙两同学的最近距离为：解得：Δx=2.5m故不相撞13.再根足够长的平行金属导轨制成如图形状且固定在倾角相同的两个斜面上，倾角θ=30°，导轨电阻不计，间距L=0.4m.左斜面中的匀强磁场方向垂直左斜面向上、磁感应强度大小

11=1T，右斜面中的匀强磁场方向垂直右斜面向上，磁感应强度大小为=0.5T.在右斜面中，将质量=0.1kg，电阻=0.1Ω的金属棒ab放在导轨上，开始时通过施加外力使ab静止。然后，在左斜面中将质量=0.4kg，电阻=0.1Ω的光滑导体棒cd置于导轨上，使其由静止开始下滑，cd在滑动过程中始终处于左斜面的磁场中.ab、cd始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触，取g=10m/s²。求：(1)cd在下滑过程中能够达到的最大速度是多少；(2)若在cd棒达到最大速度时，使ab棒仍然静止，且施加的外力F方向垂直斜面向下，ab棒与导轨间的动摩擦因数，求外力F的最小值。【答案】(1)2.5m/s(2)N【解析】【分析】cd在下滑过程中能够达到的最大速度，做匀速直线运动，cd所受合力为零；施加的外力F方向垂直斜面向下，使ab棒仍然静止，则有合力依然为零，由平衡条件求出外力F的最小值。解：(1)达到最大速度时cd所受合力为零，则有安培力电流联立解得（2）若要ab棒仍然静止，合力依然为零，则有联立解的：N14.如图所示，在光滑水平地面上有一质量为2m的长木板B，长木板B的右端距离为

12处放有固定的竖直挡板，其最左喘放有一质量为m的重物A(可视为质点）.开始时，长木板B和重物A都静止，现在给重物一初速度，使重物A和长木板B均向右运动，并与档板发生碰撞，碰撞前瞬间长木板B和重物A的速度恰好相等，已知长木板B或重物A与档板碰撞时均没有机械能损失。求：(1)若重物始终在长木板B上，长木板B与竖直档板碰撞之前，长木板B的加速度。(2)整个运动过程中，要使重物A不离开长木板B，长木板长度L需要满足什么条件。【答案】(1)(2)L=3或【解析】【分析】根据动量守镇定律可得长木板B速度，根据匀变速直线运动规律可得长木板B的加速度；情况一当长木板B与挡板碰撞时，重物A没有到达长木板B的右端，若使重物不掉落，最终两者速度相同；情况二：当重物A始好运动到长术板B的右端时与长木板B达到共速，重物A和长木板B与挡板同时发生碰撞。解：(1)根据匀变速直线运动规律可得根据动量守镇定律可得：解得：(2)情况一：当长木板B与挡板碰撞时，重物A没有到达长木板B的右端，根据能量守恒定律可得解得：根据牛顿第一定律可得：若使重物不掉落，最终两者速度相同，取方向为正方向，对碰后的过程则有：代人两者的加速度，求得达到共速度的时间为

13明共速时的速度为，方向与的方向相反则碰后过程两者发生的相对位移大小是两者各自产生的位移大小之和，为即长木板的长度至少为，重物不会掉落情况二：当重物A始好运动到长术板B的右端时与长木板B达到共速，重物A和长木板B与挡板同时发生碰撞，则由（1）问知，共同速度为由运动学关系有联立解得L=3综上，长木板长度满足的条种L=3或15.关于热现象，下列说法中正确的是。A.显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地做无规则运动，这反映了液体分于运动的无规则性B.扩散现象说明分子之间存在空隙，同时分子在永不停息地做无规则运动C.自然界中所有宏现过程都具有方向性D.可利用高科技手段、将流散的内能全部收集加以利用，而不引起其他变化E.对大量事实的分析表明，不论技术手段如何先进，热力学零度最终不可能达到【答案】ABE【解析】A、显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地做无规则运动，是布朗运动，这反映了液体分于运动的无规则性，故A正确；B、扩散现象说明分子之间存在空隙，同时分子在永不停息地做无规则运动，故B正确；C、自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，但不涉及热现象的宏观过程不一定具有方向性，故C错误；D、由热力学第二定律可知，不可能从单一热源吸热而不产生其他影，故Ｄ错误；E、对大量事实的分析表明，不论技术手段如何先进，热力学零度最终不可能达到，故E正确；故选ABE。

14【点睛】显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地做无规则运动，是布朗运动，这反映了液体分于运动的无规则性；由热力学第二定律可知，不可能从单一热源吸热而不产生其他影；自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性。16.如图，一图柱形绝热气缸竖直放置，在距气缸底2h处有固定卡环(活塞不会被顶出)。质量为M、横截面积为S，厚度可忽略的绝热活塞可以无摩擦地上下移动，活塞下方距气缸底h处还有一固定的可导热的隔板将容器分为A、B两部分，A、B中分别封闭着一定质量的同种理想气体。初始时气体的温度均为27℃，B中气体强为1.5、外界大气压为，活塞距气缸底的高度为1.5h.现通过电热丝缓慢加热气体，当活塞恰好到达气缸底部卡环处时，求A、B中气体的压强和温度（重力加速度为g，气缸壁厚度不计）。【答案】；；600K解：A中气体做等压变化其压强始终为，，设括寨到达气红质部时气体温度为根据盖-吕萨克定律：解得：B中气体做等容变化，，设加热后气体压强为根据查理定律

15得17.如图，两个频率相同、振幅均为A的相干波源在水面上传播产生的干涉现象，其中实线和虚线分别表示两列波的波峰和波谷，t=0时刻M是波峰与波峰相遇的点，下列说法正确的是A.如果两个波源频率不同，也能产生类似的稳定的干涉现象B.质点P和质点M在图示时刻的高度差为2AC.质点Q、M是振动加强点，再过半个周期，质点P、N也成为振动加强点D.质点M振动一个周期，其路程为8AE.若质点M振动的频率为2.5Hz，则从图示时刻起经1.7s后质点M的运动方向整直向下【答案】BDE【解析】A、如果两个波源频率不同，不能产生类似的稳定的干涉现象，故A错误；B、在图示时刻，质点M是波峰与波峰，都是振动加强点，振动加强点的振动等于波单独传播时振幅的2倍，质点P是波谷与波峰叠加，振动减弱点，位移为0，故质点P和质点M在图示时刻的高度差为2A，故B正确；C、两列波干涉时，两列波的波峰与波峰、波谷与波谷相遇处，振动始终加强，波峰与波谷相遇处振动始终减弱，质点Q、M是振动加强点，质点P、N是振动减弱点，再过半个周期，质点P、N还是振动减弱点，故C错误；D、质点M是波峰与波峰，都是振动加强点，振动加强点的振动等于波单独传播时振幅的2倍，所以质点M振动一个周期，其路程为8A，故D正确；E、若质点M振动的频率为2.5Hz，周期为T=0.4s，由于，则从图示时刻起经1.7s后质点M的运动方向整直向下，故E正确；故选BDE。【点睛】两列波干涉时，两列波的波峰与波峰、波谷与波谷相遇处，振动始终加强，波峰与波谷相遇处振动始终减弱，振动加强点的振动等于波单独传播时振幅的2倍。18.

16如图，真空中有折射率为n、横截面为半圆环的透明体，其内圆半径为r，外圆半径为R，有一细束光在A端面上某点垂直于端面A射入透明柱体，该光束在透明体中反射两次垂直B端面射出求。求：(1)光在透明体中的运动时间(真空中光速为c)；(2)若在A端面任意置重直A端面射入透明体的光都不从透明侧壁射出，透明体的折射率应满足什么条件?【答案】(1)(2)n>【解析】【分析】光在透明体中反射两次垂直于B端面射出，由于对称性，光线每次反射的入射角相同为θ=45°，由t=s/v求出光在透明体中的运动时间；垂直于A前面与内圆相切的光线在侧壁反射时入射角最小，若该光线能发生全反射，则所有垂直A端面入射的光线都能全反射，根据求出透明体的折射率。解：(1)光在透明体中反射两次垂直于B端面射出时，光路如图甲由于对称性，光线每次反射的入射角相同为θ=45°.设光在透明体中的运动时间为t，速度为v联立解得：(2)如图乙，垂直于A前面与内圆相切的光线在侧壁反射时入射角最小

17若该光线能发生全反射，则所有垂直A端面入射的光线都能全反射，设该光的入射角为α。设光线从透明体向外析射发生全民射的临界角为C>解得：n>

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