2023年四川省绵阳市中考物理模拟试卷（含解析）

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2023年四川省绵阳市中考物理模拟试卷一、单选题（本大题共13小题，共39分）1.关于声现象，下列说法正确的是(    )A.中考期间，学校路段禁止汽车鸣笛，这是在传播过程中减弱噪声B.声音在真空中传播的速度是340m/sC.用超声波粉碎人体内的结石，说明超声波能传递能量D.发声体的振动频率越高，响声越大2.粤港澳大湾区的电力由大亚湾核电站提供，下列关于核能说法正确的是(    )A.核反应堆是可控的链式反应装置B.核能可直接转化为电能C.核能是可再生能源D.核能是原子内部的化学反应释放出来的能量3.北京冬奥会开幕式的倒计时方式以二十四节气为序曲，从“雨水”开始，一路倒数最终行至“立春”，在开幕式一开篇就向世界展现本届开幕式的中国风格和中国气质。下列自然现象，由凝华形成的是(    )A.霜降，红红的枫叶蒙上白霜B.冬至，静的的池塘覆上薄冰C.立春，皑皑的白雪开始消融D.白露，青青的小草挂上露珠4.如图所示，木块竖立在小车上，随小车一起以相同的速度向右做匀速直线运动(不考虑空气阻力)。下列分析正确的是(    )A.木块没有受到小车对它的摩擦力B.小车运动速度越大，其惯性也越大C.木块对小车的压力与小车对木块的支持力是一对平衡力D.当小车受到阻力而停下时，如果木块与小车接触面粗糙，木块将向左倾倒5.人工心脏泵能短时间代替心脏工作，其结构如图所示。线圈AB固定在活塞的柄上，泵室通过单向阀门与血管相通。阀门S1只能向泵室外侧开启；阀门S2只能向泵室内侧开启。关于人工心脏泵，下列说法正确的是(    )第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

1A.电流从线圈A端流入时，血液流入泵室B.电流从A端流入时，活塞向右移动C.线圈AB中应通入大小方向都不变的直流电D.人工心脏泵跳动的频率由线圈中电流的大小决定1.水上蹦床是一种水上娱乐项目，游客站在上面可以自由蹦跳(如图)。对于蹦床运动的分析，下列说法错误的是(    )A.游客每次蹦跳一定到达同一最高点，因为能量是守恒的B.游客接触蹦床向下运动到最低点时，蹦床的弹性势能最大C.游客离开蹦床向上运动过程中，他的动能减小，重力势能增大D.游客想弹得更高，就要在蹦床上发力，此过程将消耗游客体能2.图示电路中，R1、R2是定值电阻，开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小。用电压表检测电路，当电压表接a、b两点时，电压表有示数；接b、c两点时，电压表无示数。则故障原因可能是(    )A.仅R1断路B.仅R2断路C.电流表断路D.ac导线断路3.关于内能，有以下四个观点，你认为正确的是(    )①热机在做功冲程中内能转化为机械能②物体温度越低，内能越小，所以0℃的物体没有内能③两物体相互接触时，热量总是从内能大的物体转移到内能小的物体④改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式A.①②B.②③C.①④D.③④第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

21.如图所示，是定值电阻R和小灯泡L中电流随电压变化的图像，由图像可知(    )A.乙是小灯泡的I-U图像B.定值电阻的阻值为5ΩC.定值电阻R和小灯泡L并联接在4V的电源上，甲乙消耗的电功率之比为1：2D.定值电阻R和小灯泡L串联接在5V的电源上，电路的总功率为2W2.如图是一个自动体重测试仪的工作原理图，有关它的说法正确的是(    )A.体重测试仪电路由于缺少开关，始终处于通路无法断开B.体重显示表是用电压表或电流表改装成的C.体重测试仪所测体重越大，电路消耗电功率越小D.体重测试仪所测体重越大，电路中的电流越大3.如图所示，A、B、C、D是距凸透镜不同距离的四个点，F为焦点。下列几种光学仪器的成像原理与物体在不同点时的成像情况相对应，其中正确的是(    )A.使用放大镜时的成像情况与物体放在A点时的成像情况相似B.幻灯机是根据物体放在C点时的成像特点制成的C.照相机是根据物体放在D点时的成像特点制成的D.人眼看物体时的成像情况与物体放在F点时的成像情况相似4.如图所示，质量为16kg，边长为20cm的实心正方体A放在水平面上。一薄壁圆柱形容器B也置于水平面上，该容器足够高，底面积为200cm2，内盛有6kg的水，则下列说法正确的是(g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3)(    )A.正方体A的密度为4×103kg/m3B.容器B底部受到的水的压强为3×104PaC.第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

3若沿竖直方向将A切去5cm，则A剩余部分对地面的压强将变小D.若沿水平方向将A切去5cm，则A剩余部分对地面的压强等于容器B中水对容器底部的压强1.如图所示，电源电压为U且恒定，定值电阻R0与滑动变阻器R串联的电路，已知：R>R0，在滑动变阻器的滑片P移动过程中，下列表示R0和R消耗的电功率P0和PR随两电压表示数U1、U2的变化关系图线中，可能正确的是(    )A.B.C.D.二、填空题（本大题共5小题，共15分）2.汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高。为了确保安全，可用循环水进行冷却，是因为水的______较大，相同情况下吸收的热量更多。如果散热器中装有10kg初温是20℃的水，在温度升高到90℃的过程中，水吸收的热量是______J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]3.如图所示，一支固定好的激光笔向空水槽底部固定点O打出一束激光。向水槽内加水使水面上升至A点，此时光斑在O点______侧，这是因为发生了______现象。打开水槽底部水龙头缓慢放水，同时观察到水槽底部光斑向______移动。4.如图甲所示，电源电压为6V恒定不变，滑动变阻器R2最大阻值是20Ω。闭合开关，滑动变阻器的P-R图象如图乙所示，则R1=______Ω；滑动变阻器R2消耗的最大功率为______W。第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

41.甲、乙两辆汽车在同一段平直的公路上一起向东行驶，当甲、乙两车通过的路程之比是6∶5时，它们行驶所花费的时间之比是4∶3，则甲、乙两车运动速度之比是_____；若以乙车为参照物，甲车向_____行驶。2.如图甲所示电路，电源电压不变。闭合开关后，滑片P由b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示。则可判断电源电压是______V，变阻器的最大阻值是______Ω。当变阻器在最大阻值处时，电阻R的电功率是______W。三、实验探究题（本大题共3小题，共18分）3.如图甲所示，小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。(1)实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉。此时，应把杠杆两端的平衡螺母向______(左/右)调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是便于直接______。(2)杠杆调节平衡后，小明在杠杆上的A点处挂4个钩码，在B点处挂______个钩码后，杠杆恰好在原位置平衡。于是小明便得出了杠杆的平衡条件为：F1×L1=F2×L2.他这样得出的结论______(合理/不合理)；原因是：______。(3)第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

5实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图乙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于水平平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符。其原因是：______。1.在探究“电流与电阻的关系”实验过程中，老师给同学们准备了以下器材：蓄电池(6V)、电流表(0～0.6A,0～3A)、电压表(0～3V,0～15V)、定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω各1个)、开关、滑动变阻器(1.5A,20Ω)、导线若干。(1)连接电路时，开关应处于______(选填“断开”或“闭合”)状态。(2)小明按图甲连好电路后，闭合开关发现电压表和电流表都无示数，经检查，漏接了一根导线，如图乙，请你帮小明补接上。(3)补接后，小明先将5Ω电阻接入电路，调节滑动变阻器使电压表示数为2V，电流表示数如图丙为______A。(4)当小明再换接15Ω，无论怎样调节滑动变阻器，都不能使电压表示数为2V，分析其可能的原因______。(5)本实验采用的方法是______，利用该电路还能完成的实验有：______(答出1个实验名称即可)。2.小明在“探究滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验中，如图所示。(1)根据______条件，当弹簧测力计沿水平方向拉着木块做______运动时，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小，如图甲所示。(2)小明在图甲实验中发现较难保持木块匀速运动，弹簧测力计示数不稳定。于是，他与同学们一起改进实验，如图乙所示，固定弹簧测力计，通过拉动长木板进行实验，实验记录如表，则木块所受的滑动摩擦力大小为______N。第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

6实验次数长木板运动情况弹簧测力计示数/N1匀速2.02由慢到快2.03由快到慢2.0(3)写出用图乙装置的一条优点：______。四、计算题（本大题共2小题，共16分）1.图甲是从湖底打捞一个柱形物体的简化示意图，在打捞的过程中物体始终以0.2m/s的速度匀速竖直上升．图乙是打捞过程中拉力随时间变化的图象，其中AB段表示物体浸没在水中时提升的过程，提升的高度为h；BC段表示物体出水的过程；CD段表示物体全部露出水面后继续提升的过程．若忽略摩擦力和水的阻力，求：(1)物体浸没在水中时被提升的高度h及在此过程中拉力所做的功．(2)该物体浸没在水中时所受的浮力．2.如图甲所示，小灯泡L2上标有“2V“字样，电流表量程为0～3A。灯泡L1和L2的I-U图象如图乙所示。当只闭合开关S1时，L2正常发光；当开关S1、S1、S3都闭合，且滑动变阻器滑片P滑到最右端时，电流表示数为0.72A。计算：(1)只闭合开关S1，通电1min小灯泡L1消耗的电能；(2)只闭合开关S3时，电路的最大电功率；(3)当开关S1、S2、S3都闭合时，滑动变阻器可调节范围。第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

7答案和解析1.【答案】C 【解析】解：A、学校路段禁止汽车鸣笛，这是在声源处减弱噪，说法错误；B、声音在空气中的传播速度是340m/s，在真空中不能传播，说法错误；C、超声波可以粉碎结石。说明声音具有能量，说法正确；D、发声体的振动频率高，音调越高，说法错误。故选：C。(1)减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处；(2)声音的传播需要介质；声音在空气中的传播速度是340m/s；(3)声波能够传递信息，也具有能量；(4)发声体的振动频率高，音调越高；振幅越大，响度越大；本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。2.【答案】A 【解析】解：AB、核电站的核心是核反应堆，它以铀为核燃料，核反应堆中发生的核裂变反应是可以控制的；核能会先转化为内能，然后内能对外做功，机械能转化为电能，故A正确，B错误；C、核能是不可再生能源，故C错误；D、核电机组发电的过程是将核裂变产生的核能，不是原子内部的化学反应释放出来的能量，故D错误。故选：A。(1)核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的。核电站的核心设备是核反应堆，核反应堆是通过可控裂变(链式反应)释放能量的；(2)不能在短期内从自然界得到补充的能源称为不可再生能源，如化石能源、核能。本题主要考查学生对核电站基本原理的掌握和应用，难度不大。3.【答案】A 【解析】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，故A正确；B、冬至，静的的池塘覆上薄冰，属于凝固现象，故B错误；C、立春，皑皑的白雪开始消融，是熔化现象，故C错误；第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

8D、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故D错误。故选：A。物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。4.【答案】A 【解析】解：A、由于木块静止在小车上，没有相对运动或相对运动的趋势，不具备摩擦力产生的条件，所以它没有受到摩擦力的作用。故A符合题意。B、物体的运动速度不影响惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，只与质量有关。故B不符合题意。C、一对平衡力必须是大小相等、方向相反，在同一条直线上，作用在同一物体上的。而木块对小车的压力与小车对木块的支持力不是作用在同一物体上的力。故C不符合题意。D、小车突然停止运动，而木块由于惯性仍然保持原来的运动状态，由于木块具有惯性，会向右倾倒。故D不符合题意。故选：A。摩擦力的产生条件，是物体之间要发生或已经发生相对运动。影响惯性大小的因素只有质量，至于速度大小、受力大小，都不影响惯性。平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。缺一不可。此类题考查二力平衡的条件、影响惯性大小的因素、摩擦力产生的条件等多方面的知识，是一道综合性较强的题目。5.【答案】A 【解析】解：AB、电流从线圈A端流入过程中，根据安培定则，螺线管左端为S极，此时异名磁极相互吸引，活塞左移，S1关闭，S2打开，血液从S2流入，故A正确，B错误；C、线圈AB中若通入直流电，根据图结合题意可知，活塞只能向一个方向移动，完不成泵血任务，因此要使该装置能维持人体血液循环，线圈间所接电源应为交流电，即：活第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

9塞可以左右移动，血液既能流回心脏也能从心脏输出去，故C错误；D.图中的线圈移动快慢与交流电的频率有关，交流电电流方向改变的快慢影响跳动次数，与电流大小无关，故D错误。故选：A。(1)(2)根据安培定则判定螺线管的极性，根据磁极间的相互作用规律判定活塞的移动方向和血液的流向；(3)人工心脏泵在工作的过程中，活塞需要来回移动，所以其电流是变化的；(4)线圈移动的快慢与电流的频率有关，与电流大小无关。本题为物理知识在生产生活中的应用题，题目中给出了必要的信息，应注意提取有用信息并结合相关物理知识求解。6.【答案】A 【解析】解：A、游客在上下运动的过程中会受到空气阻力的作用，机械能会转化为内能，机械能不守恒，另外，游客每次蹦跳都要消耗人的体能，人的体能转化为机械能，所以游客每次蹦跳不一定到达同一最高点，故A错误；B、游客接触蹦床向下运动到最低点时，蹦床的弹性形变的程度最大，所以弹性势能最大，故B正确；C、游客离开蹦床向上运动过程中，质量不变，速度变小，动能变小，质量不变，高度变大，重力势能增大，故C正确；D、游客想弹得更高，就要在蹦床上发力，使蹦床的形变程度变大，弹性势能变大，转化为的重力势能就越大，此过程将消耗游客体能，游客的体能转化为弹性势能，故D正确。故选：A。弹性势能的大小与物体的形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大；动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。通过游客蹦床时，考查了重力势能、弹性势能、动能的变化等知识，体现了体育运动中包含了很多的物理知识，你可以试着分析一下其它的体育运动中的物理知识。7.【答案】D 第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

10【解析】解：根据电路图可知，定值电阻R1、R2并联连接，电流表测量的是干路的电流；开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小，说明某一条支路出现了断路；当电压表接a、b两点时，电压表有示数，说明a到电源的负极与b到电源的正极之间是接通的；电压表接b、c两点时，电压表无示数，说明c到电源的负极与b到电源的正极之间是断开的，由前面解答可知a到电源的负极、b到电源的正极之间是接通的，故ac间导线出现了断路。故选：D。根据电路图可知，定值电阻R1、R2并联连接；电流表测量的是干路的电流；开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小，说明某一条电路出现了断路；根据电压表的示数判定故障之处。本题考查电路的故障分析、电流的变化以及并联电路的特点、电压表的应用，涉及的内容较多，但难度不大。8.【答案】C 【解析】【分析】本题主要考查学生对内能、热传递的条件及改变物体内能方法的理解，是中考的热点，热学的重点。【解答】①做功冲程中高温高压的燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能，故①正确；②一切物体在任何温度下都具有内能，所以0℃的物体仍具有内能，故②错误；③发生热传递的条件是：有温度差，所以内能可自动地从高温物体转移到低温物体，故③错误；④改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式，它们在改变内能能达到相同的效果，故④正确。故选：C。  9.【答案】D 【解析】解：(1)由图象可知乙为定值电阻的图像，当U=4V时，I=0.4A，由欧姆定律可得，电阻R的阻值：R=UI=4V0.4A=10Ω，故AB错误；(2)将R和L并联在电源电压为4V的电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

11支路电压等于电源电压，所以它们两端的电压均为4V，由图象可知对应的电流：IL=0.8A，IR=0.4A，所以甲消耗的电功率：P甲=UIL=4V×0.8A=3.2W，乙消耗的电功率：P乙=UIR=4V×0.4A=1.6W，则甲乙消耗的电功率之比：P甲P乙=3.2W1.6W=21，故C错误；(3)串联电路各处电流相等，由图可知当通过电路的电流为0.4A时，灯泡两端的电压为1V，定值电阻两端的电压为4V，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以此时的电源电压：U=UL+UR=1V+4V=5V，符合题目条件，则电路的总功率：P总=U'I'=5V×0.4A=2W，故D正确。故选：D。(1)由图可知乙为定值电阻的图像，通过电阻的电流和两端的电压成正比，任意读出一组电压和电流，根据欧姆定律求出R的阻值；(2)两灯泡并联时两端的电压相等，且都等于电源电压，根据图象读出对应的电流，利用P=UI求得甲乙消耗的电功率之比；(3)串联电路各处电流相等，由图可知当通过电路的电流为0.4A时灯泡两端的电压和定值电阻两端的电压，根据串联电路电压规律计算电源电压，利用P=UI求出电路的总功率。本题考查了串并联电路的特点∖ 欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是从图象中得出灯泡和R电流与电压之间的关系。10.【答案】D 【解析】解：A、当自动体重测试仪不工作时，滑片位于绝缘体的位置，电路断路，故A错误；B、由电路图可知，体重显示表串联在电路中，所以体重显示表是用电流表改装成的，故B错误；CD、当测试的体重过大时，电路中的电流过大，而电源电压不变，由P=UI可知，电路消耗的电功率变大，故C错误，D正确．故选D．(1)当自动体重测试仪不工作时，滑片位于绝缘体的位置，电路断路；(2)根据电表的正确使用，即电流表串联在电路中，电压表并联在电路中判断体重显示表的类型；第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

12(3)当测试的体重过大时，R2接入电路中的电阻过小，电路中的电流过大，根据P=UI可知电路消耗功率的变化．解决本题的关键是欧姆定律、功率计算公式以及滑动变阻器的正确使用；并会将理论知识应用到实际生活当中，真正体会从物理走向生活的理念．11.【答案】B 【解析】解：A、物体放在A点时，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故A错误；B、物体放在C点，2f>u>f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪，故B正确；C、物体放在D点，u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机；2f>u>f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影；u

13底部受到的水的压强；(3)根据p=FS=GS=mgS=ρShgS=ρgh可知正方体A对地面压强的变化；(4)本题主要考查了密度、液体压强、固体压强的计算与比较，综合性强，难度大。13.【答案】B 【解析】解：AD、定值电阻R0与滑动变阻器R串联，V1测R0的电压，V2测R的电压：根据P=U2R，R0消耗的功率P0=U12R0=1R0×U12，R0为常数，由数学知识，电功率P0随电压表示数U1的变化关系图线为抛物线，A错误；由串联电路电压的规律，U1=U-U2，由欧姆定律，电路的电流：I=U2R，由P=UI，R0消耗的功率：P0=U1I=(U-U2)×U2R=-1R×U22+UR×U2，消耗的功率P0为U2的一元二次函数，因-1R<0，抛物线开口向下，D错误；BC、由串联电路电压的规律，U2=U-U1，由欧姆定律，电路的电流：I=U1R0，根据P=UI，R的电功率为：PR=(U-U1)×U1R0=-1R0×U12+UR0×U1，R的电功率PR为U1的一元二次函数，因-1R<0，抛物线开口向下，由数学知识，当U1=-UR02×(-1R0)=U2=0.5U时，PR有最大值，B正确；C、当变阻器连入电路的电阻最大时，由分压原理，电压表V2的示数最大，根据P=U2R，变阻器的电功率不可能为0，C错误；故选：B。AD、定值电阻R0与滑动变阻器R串联，V1测R0的电压，V2测R的电压：根据P=U2R得出R0消耗的功率表达式，由数学知识分析；由串联电路电压的规律及欧姆定律，根据P=UI得出R0消耗的功率表达式，结合数学知识分析；BC、由串联电路电压的规律及欧姆定律，根据P=UI得出R的电功率表达式，由数学知识分析；第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

14当变阻器连入电路的电阻最大时，由分压原理，电压表V2的示数最大，变阻器的电功率不可能为0。本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，体现了数学知识在物理中的运用。14.【答案】比热容 2.94×106 【解析】解：(1)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用水来冷却；(2)水吸收的热量：Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg×(90℃-20℃)=2.94×106J。故答案为：比热容；2.94×106。(1)水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；(2)知道水的质量、水的比热容、水温度的变化，利用吸热公式求水吸收的热量。本题考查水的比热容大的应用、热量的计算，属于基础题目。15.【答案】左 光的折射 右 【解析】解：水槽内没有注水时，光沿直线传播，照射到O点；当向水槽内注入适量的水后，光从空气斜射入水中发生折射，折射角小于入射角，折射光线偏向法线，因此水槽底部光斑移动到O点的左侧，该现象属于光的折射现象；打开水槽底部水龙头缓慢放水，水面下降，折射点向右移动，因此折射光线逐渐向右移动。故答案为：左；光的折射；右。根据光的折射现象可知，光从一种介质斜射入另一种介质时，其传播方向一定发生改变；光从水中射入空气中时，折射角大于入射角。折射角随入射角的改变而改变。本题考查光的折射的应用，注意入射角是入射光线与法线的夹角，水面发生变化时，入射角不变，所以折射角也不变。16.【答案】10 0.9 第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

15【解析】解：(1)由电路图可知，R1、R2串联，电流表测量电路电流；由图像可知，当R2=20Ω时，P2=0.8W，由P=I2R可得，电路中的电流：I=P2R2=0.8W20Ω=0.2A，由I=UR可得，电路中的总电阻：R=UI=6V0.2A=30Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R1的阻值：R1=R-R2=30Ω-20Ω=10Ω；(2)由图像可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为10Ω时滑动变阻器消耗的电功率最大，由串联电路电阻特点可知，此时电路电流：I'=UR'=UR1+R2'=6V10Ω+10Ω=0.3A，滑动变阻器的最大电功率：P2大=I'2R2'=(0.3A)2×10Ω=0.9W。故答案为：10；0.9。由电路图可知，R1、R2串联，电流表测量电路电流；(1)由图像可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为20Ω时滑动变阻器消耗的电功率，根据P=I2R求出电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R1的阻值；(2)由图像可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为10Ω时滑动变阻器消耗的电功率最大，根据串联电路电阻特点和欧姆定律求出电路电流，再根据P=I2R求出滑动变阻器的最大电功率。本题考查了串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图像读出滑动变阻器接入电路中电阻与消耗功率之间的关系。17.【答案】9：10 西 【解析】解：(1)因为v=st，所以，汽车运动速度之比为：v甲v乙=s甲t甲s乙t乙=s甲s乙×t乙t甲=65×34=9：10；(2)由(1)知，v甲

16若选取平时我们看上去是运动的物体为参照物时，那么我们可以先假设这个参照物是静止的，然后在判断被研究物体相对于该参照物的运动情况时，我们既要考虑到被研究物体与参照物之间的速度大小关系，还应该考虑到运动方向的关系，以此做出正确的判断。此题考查了学生对速度的计算、运动和静止的相对性的理解和掌握。比值的计算是物理中常见的题型，解题时的方法是，明确需求量和已知量之间的关系，找出相应的关系式，然后条理清楚地进行运算，切不可想象心算。18.【答案】12 16 2 【解析】解：由图甲可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为零，此时电压表和电流表的示数最大，电压表测电源电压，由图乙可知，电源的电压U=12V；(2)当滑片位于b端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，由图乙可知，电路的电流I'=0.5A，电压表的示数UR=4V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U滑=U-UR=12V-4V=8V，则根据I=UR可得，滑动变阻器的最大阻值：R滑=U滑I'=8V0.5A=16Ω；(3)当变阻器在最大阻值处时，电路中的电流最小，则电阻R的电功率是：PR=URI'=4V×0.5A=2W。故答案为：12；16；2。由图甲可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为零，此时电压表和电流表的示数最大，根据图乙读出电源的电压；(2)当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；(3)当变阻器在最大阻值处时，根据P=UI求出电阻R的电功率。第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

17本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及功率的计算，从图象中获取有用的信息是关键。19.【答案】左 测量力臂 6 不合理 实验次数太少，结论不具有普遍性 杠杆自身重力对实验结论有影响 【解析】解：(1)实验前，调节杠杆平衡时，杠杆右端下沉，说明杠杆右端偏重，应把杠杆两端的平衡螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡；杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接测量力臂，且可以排除杠杆自重对杠杆平衡的影响。(2)杠杆平衡后，若在A点挂4个钩码，则左边的重力为4G，又因为力臂OA=3L，左边力臂OB=2L，所以，由杠杆的平衡条件(F1l1=F2l2)可得：4G×3L=F1×2L。解得F1=6G，即应在B点应挂6个钩码，才能使杠杆恢复平衡；仅根据一次实验测出的实验数据得出的结论具有片面性和偶然性，并不可靠；为得出普遍结论，应进行多次实验，测出多组实验数据，然后分析实验数据，从而得出结论。(3)图乙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆平衡产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大。故答案为：(1)左；测量力臂；(2)6；  不合理；实验次数太少，结论不具有普遍性；(3)杠杆自身重力对实验结论有影响。(1)杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母(或一端的螺母)要向杠杆上翘的一端调节；实验前先要调节杠杆在水平位置平衡，使杠杆自身的重力通过支点，消除杠杆自重力对杠杆平衡的影响；杠杆在水平位置平衡，作用力与杠杆垂直，力的作用点到支点的距离就是力臂，力臂在杠杆上，可以在杠杆上直接测量力臂。(2)由杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂。可计算出所挂钩码的大小；为得出普遍结论，应进行多次实验，测出多组实验数据，根据一次实验得出的结论具有偶然性和片面性；(3)图乙中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

18杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡。20.【答案】断开 0.4 滑动变阻器最大阻值太小 控制变量法 测量电阻的阻值 【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；(2)根据甲图，变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：；(3)小明先将5Ω电阻接入电路，调节滑动变阻器使电压表示数为2V，电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.4A；(4)由题意知，电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=6V-2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，当接入15Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻应为：R滑=2×15Ω=30>20Ω，故当小明再换接15Ω电阻时，无论怎样调节滑动变阻器，都不能使电压表示数为2V(大于2V)，分析其可能的原因是：滑动变阻器最大阻值太小；(5)该实验中始终保持电阻两端的电压不变，用到的是控制变量法，由图甲电路图可知，电压表测定值电阻两端的电压、电流表测电路中的电流，由欧姆定律的变形式R=UI可知，该电路还可测量电阻的阻值。(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；(2)根据甲图，变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联；(3)根据电流表选用小量程确定分度值读数；(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，据此分析；(5)根据实验中保持电阻两端的电压不变分析实验所用的研究方法；根据图甲电路图中电压表测定值电阻两端的电压、电流表测电路中的电流结合欧姆定律分析解答。本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查电路连接、电流表读数、操作过程、控制变量法和对实验的要求。21.【答案】(1)二力平衡   匀速直线(2)2.0 (3)长木板不必进行匀速直线运动，摩擦力等于弹簧测力计示数，并且弹簧测力计处于静止状态，容易读数 第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

19【解析】解：(1)实验中，应在水平方向拉着木块做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，滑动摩擦力大小等于拉力大小，即等于弹簧测力计示数；(2)固定弹簧测力计，通过拉动长木板进行实验，木块相对于地面保持静止状态，木块在水平方向上受力平衡，受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数，弹簧测力计示数为2.0N，则滑动摩擦力为2.0N；(3)与直接用弹簧测力计拉动木块测量摩擦力相比，拉动木板进行实验具有容易操作的优点：长木板不必进行匀速直线运动，摩擦力总等于拉力，并且弹簧测力计处于静止状态，便于读数。故答案为：(1)二力平衡；匀速直线；(2)2.0；(3)长木板不必进行匀速直线运动，摩擦力等于弹簧测力计示数，并且弹簧测力计处于静止状态，容易读数。(1)根据二力平衡的条件分析；(2)乙图中木块相对于地面保持静止状态，木块在水平方向上受力平衡，受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力；(3)拉动木板时测力计相对静止。此题是探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验，考查了实验原理、实验的改进等，注意控制变量法的应用。22.【答案】解：(1)由图象得t=50s，F=350N由v=st得h=s=vt=0.2m/s×50s=10m，W=Fs=Fh=350N×10m=3500J；(2)分析图象可得：F'=400N匀速上升G=F'=400N          F浮=G-F=400N-350N=50N．答：(1)物体浸没在水中时被提升的高度h为10m；在此过程中拉力所做的功为3500J．(2)该物体浸没在水中时所受的浮力为50N． 【解析】(1)已知AB段表示物体浸没在水中时提升的过程，提升的高度为h；由图象得t=50s，利用速度公式变形可求得物体浸没在水中时被提升的高度h，由图象可知F=350N，利用W=Fs可求得在此过程中拉力所做的功．(2)由图象可知，物体的重力为400N，浸没在水中时的拉力为350N，然后利用F浮=G-F可求得该物体浸没在水中时所受的浮力．第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

20本题考查了学生对速度公式，功的计算公式，浮力大小的计算等多个知识点，难度不大，关键是读懂图象提供的信息．23.【答案】解：(1)只闭合开关S1时，L1、L2串联，电流表测量电路电流；由于L2正常发光，由图乙可知，通过灯泡L2的电流为0.5A，因串联电路各处电流相等，所以通过L1的电流也为0.5A，由图乙可知，此时L1两端电压为4V，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=U1+U2=2V+4V=6V，通电1min小灯泡L1消耗的电能：W1=U1It=4V×0.5A×60s=120J；(2)只闭合开关S3，灯L2与变阻器串联，电流表测电路中的电流；因灯泡L2的额定电流为0.5A，电流表量程为0～3A，所以电路最大电流为0.5A，电路的最大电功率：P=UI=6V×0.5A=3W；(3)开关S1、S2、S3都闭合时，灯L1与变阻器并联，电流表测量干路电流；因并联电路两端电压相等，所以根据图乙可知，当L1两端电压为6V时，通过L1的电流为0.6A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过滑动变阻器的最大电流：Imax=3A-0.6A=2.4A，由于滑动变阻器滑片P滑到最右端时，电流表示数为0.72A，所以通过滑动变阻器的最小电流：Imin=0.72A-0.6A=0.12A；由I=UR可得，滑动变阻器接入电路的最小阻值：Rmin=UImax=6V2.4A=2.5Ω，滑动变阻器接入电路的最大阻值：Rmax=UImin=6V0.12A=50Ω，所以滑动变阻器的可调范围：2.5Ω～50Ω。答：(1)只闭合开关S1，通电1min小灯泡L1消耗的电能为120J；(2)只闭合开关S3时，电路的最大电功率为3W；(3)当开关S1、S2、S3都闭合时，滑动变阻器可调节范围为2.5Ω～50Ω。 【解析】(1)只闭合开关S1时，L1、L2串联，电流表测量电路电流，根据灯泡正常发光可知灯泡L2两端电压，再根据串联电路特点和图乙读出电路电流和L1两端电压，根据串联电路电压规律求出电源电压，最后根据W=UIt求出通电1min小灯泡L1消耗的电能；(2)只闭合开关S3，灯L2与变阻器串联，电流表测电路中的电流，根据灯泡L2的额定电流和电流表的量程确定电路最大电流，再根据P=UI求出电路的最大电功率；(3)开关S1、S2、S3都闭合时，灯L1与变阻器并联，电流表测量干路电流；根据并联电路电压规律读出通过L1第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

21的电流，根据并联电路电流规律和电流表示数、量程确定通过滑动变阻器的最大电流和最小电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值和最大阻值，进一步得出滑动变阻器可调节范围。本题考查串联、并联电路的规律、欧姆定律、电功和电功率公式的运用，最后一问是难点，关键是求出通过滑动变阻器的最小电流，为易错题。第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司

22第23页，共1页学科网（北京）股份有限公司