人教版高中物理选修3-25.4变压器2.docx

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1、⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯名校名推荐⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯5.4变压器作业21．(多选)关于变压器的工作原理，以下说法正确的是()A．通以正弦交变电流的原线圈产生的磁通量不变B．穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都相等C．穿过副线圈的磁通量的变化使得副线圈产生了感应电动势D．原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈中答案BC解析通过下表对各项逐一分析：选项透析过程结论A通入交变电流时原线圈中产生的磁通量是变化的。×B原、副线圈在同一铁芯上，没有漏磁，磁通量相等。√C由电磁感应现象，磁通量变化引起感应电动势。√D副线圈中的电

2、流是由于磁通量变化引起的。×2.一个正常工作的理想变压器的原副线圈中，下列的哪个物理量一定相等()A．交变电流的电压B．交变电流的电流C．输入和输出的电功率D．没有物理量相等答案C解析变压器可以改变原副线圈中的电压和电流，因此原副线圈中的电压和电流一般是不相同的，所以A、B错；由于理想变压器不消耗能量，故原线圈输入功率等于副线圈输出功率，C对、D错。3．一输入电压为220V，输出电压为36V的变压器副线圈烧坏了，为获知此变压器原、副线圈匝数，某同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新绕了5匝线圈，如图所示，然后将原线圈接到220V交流电上，测得新绕

3、线圈的端电压为1V，按理想变压器分析，该变压器烧坏前的原、副线圈匝数分别为()A．1100,360B．1100,180C．2200,180D．2200,360答案B解析对新绕线圈的理想变压器，根据变压比n3U15×220公式得n1＝U3＝1＝1100，变压器烧坏前，n1U21100×36同理n2＝U1＝220＝180，故B正确。4．如图所示为理想变压器原线圈所接交流电1⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯名校名推荐⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯压的波形。原、副线圈匝数比：n1∶n2＝10∶1，串联在原线圈电路中电流表的示数为1A，下

4、列说法中正确的是()A．变压器副线圈的电流为0.1AB．变压器的输出功率为200WC．变压器输出端的交流电的频率为100HzD．此变压器为升压变压器答案B解析由n1＝I2得n2I1I2＝n1U1n1n1I2I1＝10A，A错；由图知U1＝200V，由＝，＝I1n2U2n2n2和P入＝P出得U2＝20V，则输出功率P2＝I2U2＝200W，B正确；由图可知原线圈交流电的周期为0.02s，则频率为50Hz，由于变压器不改变频率，故C错；因原、副线圈匝数比：n1∶n2＝10∶1，则D错。知识点三动态分析5．(多选)如图所示M为理想变压器。电电压不变。当变

5、阻器的滑动头P向上移动时，读数发生变化的电表是()A．电流表B．电流表C．电压表D．电压表答案AB解析根据输入电压决定输出电压，所以、均不变。当PU2向上移动时R减小，根据I2＝R得I2增大。根据输出功率决定输入功率，所以P入＝P出，U1I1＝U2I2，当I2增大时，I1也会增大，所以选A、B。6．(多选)如图所示，有一理想变压器，原线圈接在电压一定的正弦交流电上，副线圈电路中接入三个电阻R1、R2、R3，各交流电表的内阻对电路的影响不计，当开关S闭合时，各电表的示数变化情况是()A．电流表示数变大B．电流表示数变大2⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯

6、⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯名校名推荐⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯C．电压表示数变小D．电压表示数变大答案AB解析开关S闭合后，R2、R3并联后电阻变小，故变小，D错误；副线圈两端的电压由副线圈及U1决定，故U2不变，即不变，所以C错误；副线圈中的总电阻减小，U2不变，可知变大，所以B正确；原副线圈匝数一定，所以变大，故A正确。7．理想变压器正常工作时，原、副线圈中不相同的物理量为()A．每匝线圈中磁通量的变化率B．交变电流的频率C．原线圈的输入功率和副线圈的输出功率D．原线圈中的感应电动势和副线圈中的感应电动势解析：理想变压器是没有能量损失的变压器，铁

7、芯中无磁漏，所以每匝线圈中磁通量相等，其变化率相等，故A、C不符合题意；根据变压器的工作原理及用途可知，B不符合题意，选D。答案：D8．在变电所，经常要用交流电表去监测电网上的强电流，使用的仪器是电流互感器。如图所示的四个图中，能正确反映其工作原理的是()解析：电流互感器是测电流的，应串联在火线上，故B、D错误。由变压器电流关系n1I1＝n2I2，要使I2n1，故A选项正确。答案：A9．如图所示，某理想变压器的原、副线圈的匝数均可调节，原线圈两端电压为一最大值不变的正弦交流电，在其他条件不变的情况下，为了使变压器输入功率增大，可使()

8、A．原线圈匝数n1增加B．副线圈匝数n2增加C．负载电阻R的阻值增大D．负载电阻R的阻值减小解析：由U1n1