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时间:2020-12-20
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1、(物理)物理闭合电路的欧姆定律专项习题及答案解析一、高考物理精讲专题闭合电路的欧姆定律1.如图所示,R1=R3=2R2=2R4,电键S闭合时,间距为d的平行板电容器C的正中间有一质量为m,带电量为q的小球恰好处于静止状态;现将电键S断开,小球将向电容器某一个极板运动。若不计电源内阻,求:(1)电源的电动势大小;(2)小球第一次与极板碰撞前瞬间的速度大小。2mgdgd【答案】(1)E(2)v0q3【解析】【详解】(1)电键S闭合时,R1、R3并联与R4串联,(R2中没有电流通过)UC=U4=1E2对带电小球有:qUCqEmg2dd2mgd得:Eq(2)电键S断开后,R1
2、、R4串联,则E2mgdUC33q小球向下运动与下极板相碰前瞬间,由动能定理得mgdqUC1mv2222gd解得:v032.如图所示的电路中,两平行金属板A、B水平放置,两板间的距离d=40cm。电源电动势E=24V,内电阻r=1Ω,电阻R=15Ω。闭合开关S,待电路稳定后,将一带正电的小球从B板小孔以初速度v=4m/s竖直向上射入两板间,小球恰能到达A板。若小球带电荷量为0-2-22q=1×10C,质量为m=2×10kg,不考虑空气阻力,取g=10m/s。求:(1)A、B两板间的电压U;(2)滑动变阻器接入电路的阻值RP;(3)电源的输出功率P。【答案】(1)8V;
3、(2)8;(3)23W【解析】【详解】(1)对小球从B到A的过程,由动能定理:qUmgd01mv22解得:U=8V(2)由欧姆定律有:IU电流为:IRP解得:RP8EURr(3)根据电功率公式有:PI2RRp解得:P23W3.如图所示,E=l0V,r=1Ω,R1=R3=5Ω,R2=4Ω,C=100μF,当断开时,电容器中带电粒子恰好处于静止状态;求:(1)S闭合后,带电粒子加速度的大小和方向;(2)S闭合后流过R3的总电荷量.【答案】(1)g,方向竖直向上-4(2)4×10C【解析】【详解】(1)开始带电粒子恰好处于静止状态,必有qE=mg且qE竖直向上.S闭合后,
4、qE=mg的平衡关系被打破.S断开时,带电粒子恰好处于静止状态,设电容器两极板间距离为d,有R2UCE4V,R2R1rqUCdmgS闭合后,R2UCE8VR2r设带电粒子加速度为a,则qUC'mgma,d解得a=g,方向竖直向上.(2)S闭合后,流过R3的总电荷量等于电容器上电荷的增加量,所以-4Q=C(UC′-UC)=4×10C4.如图所示,电路中接一电动势为4V、内阻为2Ω的直流电源,电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为4Ω,电容器的电容为30μF,电流表的内阻不计,当电路稳定后,求:(1)电流表的读数(2)电容器所带的电荷量(3)如果断开电源,通过R2的电荷量
5、-5Q-5=2.410C【答案】(1)0.4A(2)4.8×10C(3)2【解析】【分析】【详解】当电键S闭合时,电阻R1、R2被短路.根据欧姆定律求出流过R3的电流,即电流表的读数.电容器的电压等于R3两端的电压,求出电压,再求解电容器的电量.断开电键S后,电容器通过R1、R2放电,R1、R2相当并联后与R3串联.再求解通过R2的电量.(1)当电键S闭合时,电阻R1、R2被短路.根据欧姆定律得E0.4A电流表的读数IrR3(2)电容器所带的电量QCU3CIR34.8105C(3)断开电键S后,电容器相当于电源,外电路是R1、R2相当并联后与R3串联.由于各个电阻都相
6、等,则通过R2的电量为Q1Q2.4105C25.在如图所示的电路中,两平行正对金属板A、B水平放置,两板间的距离d=4.0cm.电源电动势E=400V,内电阻r=20Ω,电阻R1=1980Ω.闭合开关S,待电路稳定后,将一带正电的小球(可视为质点)从B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s竖直向上射入两板间,小球-7-4恰好能到达A板.若小球所带电荷量q=1.0×10C,质量m=2.0×10kg,不考虑空气阻力,忽略射入小球对电路的影响,取g=10m/s2.求:(1)A、B两金属板间的电压的大小U;(2)滑动变阻器消耗的电功率P;(3)电源的效率η.【答案】(1)U=2
7、00V(2)20W(3)99.500【解析】【详解】(1)小球从B板上的小孔射入恰好到达A板的过程中,在电场力和重力作用下做匀减速直线运动,设A、B两极板间电压为U,根据动能定理有:12qUmgd0mv0,解得:U=200V.(2)设此时滑动变阻器接入电路中的电阻值为R,根据闭合电路欧姆定律可知,电路中的E,而U=IR,电流IR1Rr3解得:R=2×10Ω滑动变阻器消耗的电功率U220W.PR(3)电源的效率P出I2(R1R)0.299.5P总I(R1Rr)0【点睛】本题电场与电路的综合应用,小球在电场中做匀减速运动,由动能定理求电压.根据电路的结构
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