2014年深圳二模理综试题.doc

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2014届深圳二模一、单项选择题：13．下列说法正确的是Ａ．没有确定的熔点T0abPＢ．小露珠呈球形是因为液体表面有张力Ｃ．悬浮在液体中的微粒越小布朗运动越不明显Ｄ．分子间的距离减小斥力和引力都变小14．如图所示，一定质量的理想气体从状态a变化到状态b，在这一过程中，下列说法正确的是Ａ．气体体积变小Ｂ．气体温度降低Ｃ．气体从外界吸收热量Ｄ．气体的内能不变15．一个重力不计的带电粒子垂直进入匀强磁场，在与磁场垂直的平面内做匀速圆周运动．则下列能表示运动周期T与半径R之间的图像是T0RT0RT0RT0RABCDrlθω16．公园里的“飞天秋千”游戏开始前，座椅由钢丝绳竖直悬吊在半空．秋千匀速转动时，绳与竖直方向成某一角度θ，其简化模型如图所示．若保持运动周期不变，要使夹角θ变大，可将Ａ．钢丝绳变长Ｂ．钢丝绳变短Ｃ．座椅质量增大Ｄ．座椅质量减小二、双项选择题17．下列说法正确的有Ａ．方程式是重核裂变反应方程Ｂ．方程式是轻核聚变反应方程Ｃ．氢原子光谱是分立的Ｄ．氢原子从某激发态跃迁至基态要吸收特定频率的光子018．一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化规律如图所示，下列说法正确的有Ａ．t1时刻线圈位于中性面Ｂ．t2时刻通过线圈的磁通量最大Ｃ．电动势的有效值为Ｄ．一个周期内交变电流的方向改变一次 •P•QE19．如图所示，在两条竖直边界线所围的匀强电场中，一个不计重力的带电粒子从左边界的P点以某一水平速度射入电场，从右边界的Q点射出，下列判断正确的有Ａ．粒子带正电Ｂ．粒子做匀速圆周运动Ｃ．粒子电势能增大Ｄ．仅增大电场强度粒子通过电场的时间不变20．如图所示，手推车的篮子里装有一篮球，女孩把手推车沿斜面向上匀速推动，篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，下列说法正确的有Ａ．篮子底面受到的压力大于篮球的重力Ｂ．篮子底面受到的压力小于篮球的重力Ｃ．篮子右侧面受到的压力大于篮球的重力Ｄ．篮子右侧面受到的压力小于篮球的重力21．已知地球质量约为火星质量的9倍，地球半径约为火星半径的2倍，若某天你能到火星上旅行，跟你在地球上相比较，忽略星球自转的影响下列判断正确的有Ａ．体重会变大Ｂ．体重会变小Ｃ．以相同速度竖直跳起会跳得较高Ｄ．以相同速度竖直跳起会跳得较低34．（1）（10分）用木板、白纸、图钉、一根原长为5cm且劲度系数为100N/m的弹簧、两个弹簧秤（单位：N）、细绳套、三角板、刻度尺和铅笔等器材做“验证力的平行四边形定则”实验，实验过程如下：①在水平木板上铺白纸，把弹簧的一端固定在O点，过O画一条标记线OD，弹簧的另一端拴两条细绳套；用两把弹簧秤互成角度拉细绳套，使弹簧的另一端沿OD拉至C点，如图甲所示．用铅笔描下C点的位置和两条细绳的方向，记录两弹簧秤的读数分别为FA与FB，其中B弹簧称的读数FB=N；用刻度尺测出此时弹簧的长度为10cm，通过计算得出弹簧的拉力F=N；可以判断FA与FB互成的角度为．②根据力的图示，作出FA和FB，如图乙所示．请你根据力的图示，在图乙中作出FA与FB的合力F′．③比较力F′与F的大小和方向，得出的结论是：在实验误差范围内，　　　　　． （2）（8分）为测定一节干电池的电动势和内阻．现提供如下仪器：Ａ．电压表（量程2V，内阻约8kΩ）Ｂ．电流表（量程0.6A，内阻rA=0.8Ω）Ｃ．滑动变阻器（0－20Ω）Ｄ．开关Ｅ．若干导线①为准确测定干电池的电动势和内阻，应选择图（选填“甲”或“乙”）；②闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至　　端．（选填“左”或“右”）③移动变阻器的滑片，得到几组电压表和电流表的示数，描绘成如图丙所示的U-I图象．从图线的截距得出干电池的电动势为1.40V的理论依据是；④利用图丙可得到干电池的内阻为Ω（保留两位有效数字）；VA甲乙VA35．（18分）如图甲所示，静止在粗糙水平面上的正三角形金属线框，匝数N=10、总电阻R=2.5Ω、边长L=0.3m，处在两个半径均为r=的圆形匀强磁场区域中，线框顶点与右侧圆形中心重合，线框底边中点与左侧圆形中心重合．磁感应强度B1垂直水平面向外，大小不变、B2垂直水平面向里，大小随时间变化，B1、B2的值如图乙所示．线框与水平面间的最大静摩擦力f=0.6N，（取），求：（1）t=0时刻穿过线框的磁通量；（2）线框滑动前的电流强度及电功率；（3）经过多长时间线框开始滑动及在此过程中产生的热量．甲B1B2乙20t/s0.20.40.6B/TB2B1－1536．（18分）如图所示，光滑水平面上静止放置质量M=2kg，长L=0.84m的长木板C ；离板左端S=0.12m处静止放置质量mA=1kg的小物块A，A与C间的动摩擦因数μ=0.4；在板右端静止放置质量mB=1kg的小物块B，B与C间的摩擦忽略不计．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A、B均可视为质点，g=10m/s2．现在木板上加一水平向右的力F，问：（1）当F=9N时，小物块A的加速度为多大？（2）若F足够大，则A与B碰撞之前运动的最短时间是多少？FABC（3）若在A与B发生弹性碰撞时撤去力F，A最终能滑出C，则F的取值范围是多少？2014届模拟试题（8）2014年深圳二模 选择题：题号131415161718192021答案BCDABCACADBDBC13．B解析：多晶体和单晶体一样有确定的熔点，多晶体各向同性，单晶体各向异性，A错；分子间同时存在着引力和斥力，露珠看起来呈球状，此种情况下主要表现水分子与水分子间的相互吸引即表面张力的作用，由于表面张力的作用总是想使露珠的表面积减小，而体积相同的情况下球的表面积最小，所以小露珠呈球形，B对；悬浮在液体中的微粒越小，微粒受到来自液体分子不同方向的碰撞就越不平衡，布朗运动越明显，C错；分子间的距离减小斥力和引力都增大．14．C解析：A、过A、B点的等压线如下图虚线所示，OB直线的斜率大于OA直线的斜率，故B状态体积大于A状态体积，A错；从图中可以看出，气体温度升高；A到B温度升高，则内能变大，又气体对外界做功，根据热力学第一定律知气体一定吸收热量，故C正确，D错；15．D解：洛伦兹力提供向心力有：，又，得：，所以周期不变，选D。16．A解：座椅受力如图，由绳子的拉力与重力的合力提供向心力，则得：mgtanθ=mω2R，R为座椅圆周运动的半径，则得tanθ，要θ变大，则R变大，所以绳长要变长。17．BC解析:这是α衰变反应方程，重核裂变是要分裂成两个新核，同时放出α射线，A错；这是轻核聚变反应方程，B对；当氢原子从较高轨道跃第n能级迁到较低轨道第m能级时，发射的光子的能量为E=En-Em=hγ，显然n、m的取值不同，放出光子的能量不同，且是不连续的即是分立的，，故氢原子光谱的能级是不连续的即是分立的，C对；氢原子从某激发态跃迁至基态，是从高能级到低能级，要放出多余的能量，即要辐射特定频率的光子，D错。18．AC解析：由图可知，t1时刻线圈的感应电动势最小为0，故磁通量的变化率也最小，线圈与磁场垂直，与中性面垂平行，故A错误；由图可知，t1时刻线圈的感应电动势最大，则根据法拉第电磁感应定律得知，磁通量的变化率为零，而线圈与磁场平行，通过线圈的磁通量为最小，故B错误；由交变电流的知识知，电动势的有效值为，C正确；每经过中性面一次，电流方向改变一次，一个周期内经过两次中性面，所以交变电流的方向改变二次，D错。19．AD解析：由图知带电粒子受电场力向下，而电场也向下，所以粒子带正电，A对；粒子在电场中做类平抛运动，B错；电场力做正功，电势能减少；粒子在水平方向匀速直线运动，竖直方向匀加速直线运动，增大电场强度粒子通过电场不影响水平方向的匀速直线运动，所以粒子通过电场的时间不变，D对。 20．.BD解：对篮球受力分析，并运用合成法如图：根据几何知识，篮子底部对篮子的支持力N1=mgcosθ根据牛顿第三定律则篮子底面受到的压力为mgcosθ＜mg，故A错误B正确；篮子右面对篮球的支持力N2=mgsinθ，根据牛顿第三定律则篮子右面受到的压力为mgsinθ＜mg，故C错误D正确；故选：．21．BC解析：在地球表面有，在火星表面有，所以有，所以在火星表面的重力加速小于地球表面的重力加速，这样体重会变小，又，所以相同速度竖直跳起会跳得较高。非选择题：34．（1）①4.00（2分）；5或5.0（2分）；90°（2分）；②如图所示：（2分）；③平行四边形定则成立（2分）．（2）①甲（2分）；②左（2分）；③断路时路端电压等于电源电动势（2分）；④0.63（2分）。35．解：（1）设磁场向下穿过线框磁通量为正，由磁通量的定义得t=0时　　　　--------3分（2+1）　　（没有规定磁通量正负、结果为正或负不扣分，考虑到磁通量相减，表达式中多了N可得1分）（2）根据法拉第电磁感应定律-------------3分（2+1）------------------------------------2分（1+1）--------------------------------2分（1+1）（3）右侧线框每条边受到的安培力 ----------------------------1分　　　　因两个力互成1200，两条边的合力大小仍为F1，------------1分（用等效长度计算也给这两步分）左侧线框受力-------------------------------------------1分线框受到的安培力的合力--------------------------------1分当安培力的合力等于最大静摩擦力时线框就要开始滑动--------1分即解得----------------------------------------1分----------------------------------2分（1+1）说明：计算过程中若没有考虑匝数N，公式应用正确，最多扣2分.36.解：（1）设M和mA一起向右加速，它们之间静摩擦力为f由牛顿第二定律得：F=(M+mA)a------------------------------2分得：---------------------------------------------2分，表明加速度的结果是正确的．（1分）（2）mA在与mB碰之前运动时间最短，必须加速度最大，则：--------------------------------------------2分------------------------------------------------1分解得：-------------------------------------------1分（3）在A与B发生碰撞时，A刚好滑至板的左端，则此种情况推力最大，设为F1，对板Ｃ，有：-----------------------------------1分--------------------------------------------------1分解得：-----------------------------------1分若A与C没有发生相对滑动，设推力最小为F2．A与B发生弹性碰撞之前，对A和C，有：-----------------------1分 A与B发生弹性碰撞，因质量相等，A的速度交换给B，A静止------1分　　　而后刚好撤去外力，A与C发生相对滑动，A滑至C的左端时A、C刚好共速，有：　　　-------------------------------------1分----------------------------１分解得：-----------------------------------------1分综合以上分析，推力的范围：--------------------1分