2020届高考物理二轮复习刷题首秧专题三牛顿运动定律的理解和应用精练含解.doc

《2020届高考物理二轮复习刷题首秧专题三牛顿运动定律的理解和应用精练含解.doc》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在教育资源-天天文库。

1、专题三　牛顿运动定律的理解和应用『经典特训题组』1.如图所示，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止向右做匀减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力(　　)A．方向向左，大小不变B．方向向左，逐渐减小C．方向向右，大小不变D．方向向右，逐渐减小答案　A解析　物块B向右做匀减速直线运动，设其加速度大小为a，则由牛顿第二定律得B受到A给的静摩擦力方向向左，大小为f＝mBa，保持不变，A正确。2.如图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上

2、，并处于静止状态。现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a1、a2。重力加速度大小为g。则有(　　)A．a1＝g，a2＝gB．a1＝0，a2＝gC．a1＝0，a2＝gD．a1＝g，a2＝g答案　C解析　在抽出木板的瞬时，弹簧对木块1的支持力和对木块2的压力并未改变。木块1受重力和支持力，mg＝F，a1＝0；木块2受重力和压力，根据牛顿第二定律a2＝＝g，故C正确。3．(多选)两实心小球甲和乙由同一种材质制成，甲球质量大于乙球质量。两球在空气中由静止下落，假设它们运动时受到的

3、阻力与球的半径成正比，与球的速率无关。若它们下落相同的距离，则(　　)A．甲球用的时间比乙球长B．甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C．甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D．甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功-15-答案　BD解析　球的质量m＝ρ·πr3，阻力f＝kr，由牛顿第二定律a＝＝g－＝g－，ρ甲＝ρ乙，m甲>m乙，所以r甲>r乙，可得a甲>a乙，由h＝at2知甲球用的时间较短，A、C错误；由v＝得v甲>v乙，故B正确；因f甲>f乙，由Wf＝fh知甲球克服阻力做功较大，D正确。4．如图甲所

4、示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m的小滑块，木板受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出其加速度a，得到如图乙所示的aF图，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，取g＝10m/s2，则下列选项错误的是(　　)A．滑块的质量m＝4kgB．木板的质量M＝2kgC．当F＝8N时滑块加速度为2m/s2D．滑块与木板间动摩擦因数为0.1答案　C解析　由题图乙知，F＝6N时，滑块与木板刚好不相对滑动，加速度为a＝1m/s2。对整体分析，由牛顿第二定律有F＝(M＋m)a，代入数据计算得出M＋m

5、＝6kg，当F≥6N时，对木板，根据牛顿第二定律得a＝＝F－，知图线的斜率k＝，则M＝2kg，滑块的质量m＝4kg，故A、B正确；根据F＝6N时，a＝1m/s2，代入表达式计算得出μ＝0.1，当F＝8N时，对滑块，根据牛顿第二定律得μmg＝ma′，计算得出a′＝μg＝1m/s2，故C错误，D正确。5．图甲是张明同学站在力传感器上做下蹲、起跳动作的示意图，点P是他的重心位置。图乙是根据传感器采集到的数据画出的力—时间图线。两图中a～g各点均对应，其中有几个点在图甲中没有画出。取重力加速度g＝10m/s2。根据

6、图象分析可知(　　)-15-A．张明的重力为1000NB．e点位置张明处于超重状态C．c点位置张明处于失重状态D．张明在d点的加速度小于在f点的加速度答案　B解析　开始时张明处于平衡状态，张明对传感器的压力是500N，根据牛顿第三定律和二力平衡可以知道，张明的重力为500N，故A错误；e点时传感器对张明的支持力等于张明对传感器的压力，大于张明的重力，张明处于超重状态，故B正确；c点时传感器对张明的支持力等于张明对传感器的压力，大于张明的重力，张明处于超重状态，故C错误；张明在d点时，a1＝＝m/s2＝20m

7、/s2，张明在f点时，a2＝＝m/s2＝10m/s2，可知张明在d点的加速度大于在f点的加速度，故D错误。6.如图所示，倾角为θ的足够长的传送带沿顺时针方向转动，转动速度大小为v1，一个物体从传送带底端以初速度大小v2(v2>v1)上滑，同时物块受到平行传送带向上的恒力F作用，物块与传送带间的动摩擦因数μ＝tanθ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块运动的vt图象不可能是(　　)答案　C解析　若F>mgsinθ＋μmgcosθ，物块一直做匀加速运动，vt图象是向上倾斜的直线，A图是可能的；若F＝mgsinθ

8、＋μmgcosθ，物块一直做匀速运动，vt图象是平行t轴的直线，B图是可能的；若F