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《【人教版】2020高考物理一轮复习 优练题15 含解析.doc》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、2019人教版高考物理一轮优练题（15）李仕才1、.(匀变速直线运动规律的应用)(2018·山东冠县期中)质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2(各物理量均采用国际单位),则该质点( )A.第1s内的位移是5mB.前2s内的平均速度是6m/sC.任意相邻的1s内位移差都是1mD.任意1s内的速度增量都是2m/s答案D解析将t=1s代入x=5t+t2得x1=6m,A错误;将t=2s代入x=5t+t2得x2=14m,前2s的平均速度m/s=7m/s,B错误;第2s内的位移x2'=14m-6m=8m,第2s内
2、的位移与第1s内的位移之差Δx=8m-6m=2m,C错误;由Δx=at2得a=2m/s2,任意1s内的速度增量都是2m/s,D正确;故选D.2、(多选)(2018·山东潍坊期中)如图所示,质量分别为M、m物体A、B用细绳连接后跨过光滑的定滑轮,A静止在倾角为30°的斜面上,已知M=2m,现将斜面倾角由30°增大到35°,系统仍保持静止.此过程中,下列说法正确的是( )A.细绳对A的拉力将增大B.物体A受到的静摩擦力先减小后增大C.物体A对斜面的压力将减小D.滑轮受到的绳的作用力将增大答案CD解析先对物体B受力分析,受
3、重力和拉力,由二力平衡得到拉力等于物体B的重力;再对物体A受力分析,受重力、支持力、拉力和静摩擦力,根据平衡条件列式分析.解M=2m,对物体B受力分析,受重力和拉力,由二力平衡得到:FT=mg再对物体A受力分析,受重力、支持力、拉力和静摩擦力,如图:根据平衡条件得到:Ff+FT-2mgsinθ=0①FN-2mgcosθ=0②由①②两式解得:Ff=2mgsinθ-FT=2mgsinθ-mg,FN=2mgcosθ,当θ不断变大时,Ff不断变大,FN不断变小.故A、B错误,C正确;绳子拉力大小不变,但夹角减小,滑轮受到的绳的
4、作用力增大,故D正确.故选CD.3、(图象问题)(2018·北京首都师大附中月考)如图a所示,质量不计的弹簧竖直固定在水平面上,t=0时,将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放,小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点,然后又被弹起离开弹簧,上升到一定高度后再下落,如此反复.通过安装在弹簧下端的压力传感器,得到弹簧弹力F随时间t变化的图象如图b所示,若图象中的坐标值都是已知量,重力加速度为g,下列说法正确的是( )A.t1时刻小球具有最大速度B.t1~t2阶段小球减速C.t2时刻小球加速度为0D.可以计算出小球自由下落的
5、高度答案D解析t1时刻小球刚接触弹簧,速度仍会增大,直至弹簧弹力与小球重力相等时,小球才达到最大速度,故A错误.t1~t2这段时间内,弹簧处于开始压缩到达到最大压缩量的过程,合力先向下后向上,故先加速后减速,故B错误.t2时刻弹簧压缩量最大,故小球加速度不为0,C错误.t3~t4这段时间小球在空中运动,由此可知小球做自由落体运动时间为t=,由h=gt2=求得小球自由下落高度,故D正确.4、(多选)(与斜面相关的平抛运动问题)(2017·江苏泰兴月考)如图所示,斜面倾角为θ,从斜面的P点分别以v0和2v0的速度水平抛出A
6、、B两个小球,不计空气阻力,若两小球均落在斜面上且不发生反弹,则( )A.A、B两球的水平位移大小之比为1∶4B.A、B两球飞行时间之比为1∶2C.A、B两球下落的高度之比为1∶2D.A、B两球落到斜面上的速度大小之比为1∶4答案AB解析由平抛运动规律有x1=v0t1,y1=,tanθ=;x2=2v0t2,y2=,tanθ=;联立得A、B两球飞行时间之比为t1∶t2=1∶2,A、B两球的水平位移大小之比为x1∶x2=1∶4,选项A、B正确;A、B下落的高度之比为y1∶y2=1∶4,选项C错误;A、B两球落到斜面上的速
7、度大小分别为v1=,v2==2,A、B两球落到斜面上的速度大小之比为1∶2,选项D错误.5、(天体中的“追及相遇”问题)(2018·河南南阳月考)如图所示,A、B为地球的两个轨道共面的人造卫星,运行方向相同,A为地球同步卫星,A、B卫星的轨道半径的比值为k,地球自转周期为T0.某时刻A、B两卫星距离达到最近,从该时刻起到A、B间距离最远所经历的最短时间为( ) A.B.C.D.答案C解析由开普勒第三定律得,设两卫星至少经过时间t距离最远,即B比A多转半圈,=nB-nA=,又TA=T
8、0,解得t=.6、(多选)(多物体的机械能守恒问题)(2017·广东广州模拟)轻绳一端通过光滑的定滑轮与物块P连接,另一端与套在光滑竖直杆上的圆环Q连接,Q从静止释放后,上升一定距离到达与定滑轮等高处,则在此过程中( )A.任意时刻P、Q两物体的速度大小满足vP
