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《2019_2020学年八年级物理下册第十二章简单机械本章检测课件新人教版.pptx》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、第十二章 简单机械本章检测满分:100分,限时:45分钟一、选择题(每小题3分,共30分)1.(独家原创试题)夏威夷果含油量高达60%~80%,还含有丰富的微量元素,有“干果皇后”的美称。夏威夷果有一层坚硬的外壳,为了方便食用,厂家往往都要在果实的外壳上加工出一个裂缝,并且还配送一个专门将果实撬开的小起子,如图12-4-1是用小起子撬开夏威夷果的情形。关于这个小起子的说法正确的是( )图12-4-1答案D 使用小起子起开果子时,小起子可以看成一个杠杆,该杠杆的动力作用在宽大部分,阻力作用在它的尖端,因此使用时它的动力臂
2、大于阻力臂,是一个省力杠杆,小起子的宽大的部分越大,动力臂越大,越省力,故A、B错误;无论是顺时针还是逆时针转动小起子,其他条件不变时,动力臂、阻力臂和阻力都不变,动力就不变,故C错误;由图知,在能够撬开果子的前提下,起子尖端插入越深阻力臂越大,动力臂不变,由杠杆的平衡条件知,越费力,D正确。A.使用小起子撬开夏威夷果时小起子相当于一个费力杠杆B.小起子的宽大的部分越小越省力C.使用小起子顺时针转动更省力D.在能够撬开果子的前提下,起子尖端插入越深越费力2.(2019黑龙江哈尔滨中考)质地均匀杠杆,每个钩码重0.5N,下
3、列操作中可 以使杠杆在水平位置平衡的是(杠杆上有等间隔的刻度)( )答案 D由图知,A、C两个作用力使杠杆沿相同方向转动,它们一定不能使杠杆平衡,故A、C错误;设杠杆上一格长L,图B左边悬挂2个钩码时,右边弹簧测力计的示数为1.5N,0.5N×2×4L≠1.5N×5L,杠杆不平衡,故C错误;图D右边悬挂2个钩码,弹簧测力计的示数为2N,0.5N×2×6L=2N×3L,杠杆平衡,故D正确。3.如图12-4-2,用同一滑轮组分别将物体A和物体B匀速提 升相同的高度。与提升B相比,提升A的过程滑轮组的机械效率较大。若不
4、 计绳重与摩擦的影响,则提升A的过程( )图12-4-2A.额外功较小 B.额外功较大C.总功较小 D.总功较大答案 D由题意知,用相同的滑轮组提起A、B过程,不计绳重与摩擦的影响,ηA>ηB,滑轮组的机械效率η=,W有用=Gh,W总=W有用+W额外=Gh+G滑h,因为ηA>ηB,则有>,即<,化简得出GA>GB,也就是说相同的滑轮组匀速提升A、B过程,提起A时,所做有用功大,但所做额外功相同,故A、B选项错。由于总功等于有用功和额外功之和,所以提升A物体过程总功大,故C错,D正确。4.(2017
5、山东枣庄中考)如图12-4-3是小明探究“杠杆平衡条件”的实验装置,实验中杠杆始终处于水平平衡状态,若在C处逐渐改变弹簧测力计拉力的方向,使其从①→②→③,则拉力的变化情况是( )图12-4-3A.先变小后变大 B.先变大后变小C.逐渐变大 D.逐渐变小答案 A由图知,测力计在②位置时,其动力臂等于OC,此时动力臂最长;测力计由①→②→③的过程中动力臂先变大后变小,根据杠杆平衡条件可知,拉力先变小后变大。5.(2018山东临沂沂水二模)重为G的均匀木棒竖直悬于O点,在其下端施一 水平拉力F,让棒缓
6、慢转到图12-4-4中虚线所示位置,在转动的过程中()图12-4-4A.动力臂逐渐变大 B.阻力臂逐渐变小C.动力F逐渐变大 D.动力F保持不变答案 C图中杠杆在转动过程中,杠杆重力大小不变,重力的力臂L2逐渐变大,拉力的力臂L1逐渐变小,根据杠杆平衡条件,可知拉力逐渐变大。所以选C项。6.(独家原创试题)罐头的瓶盖很难拧开,用螺丝刀把瓶盖撬起一个缝隙,会听到“噗”的一声,瓶盖就很容易被拧开。关于此过程涉及的物理知识,下列说法错误的是( )图12-4-5A.起初瓶盖很难拧开是由于受到大气压的作用B
7、.撬起一个缝隙时听到“噗”的一声是空气振动产生的C.撬瓶盖时用的螺丝刀相当于费力杠杆D.瓶盖沿瓶口的螺纹螺旋上升(如图),利用了斜面省力的原理答案 C撬瓶盖时用的螺丝刀动力臂比阻力臂大,是一个省力杠杆。7.(2019河南南阳镇平一模)小明利用两个滑轮A、B组成如图12-4-6所示的 装置,将两个重力相等的重物G1、G2分别挂在绳子两端,若不计滑轮、绳子 的重力和摩擦,下列说法正确的是( )图12-4-6A.A、B均为定滑轮 B.A、B均为动滑轮C.放手后G1上升 D.放手后G2上升答案 C由
8、图可知,上面的滑轮固定不动,是定滑轮,下面的滑轮和物体G2一起移动,是动滑轮,故A、B错误;若不计滑轮、绳子的重力和摩擦,定滑轮左端绳子对动滑轮的拉力应为F1=G1,施加在动滑轮左端的拉力F2=F1=G1,因为G1=G2,所以F2
