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时间:2020-03-27
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1、实变函数习题集第三章测度理论§3.1开集的体积§3.2点集的外侧度1、判断(1)若为中无限集且,则为可数集。()×;解cantor集的势为,,是一个不可数的无限集。(2)若集合不可测,则。()√;解否则若,则,从而可测。(3)若,则未必可测()。×;解零测集一定可测。(4)设是中的闭集,且又是零集,则必为疏朗集()。√;证明因是中的闭集,且又是零集,此时该闭集必不包含任何内点,否则存在为的内点,即,则,矛盾,因而是疏朗集。(5)设为零集,则其闭包仍为零集()。×;解,不一定有。比如有理数全体是可列集,从而是直线上的零集,但其闭包是全直线,显然并非零集。(6)对任何集合,恒有型集,使
2、()√;(证见9题)2、设,且,试证明:对任意的,有。证明因,则由外侧度的单调性和次可加性,有则。3(p57.2)、证明:若E为有界集,则。证明有界,必有有限开区间使因而4(p57.1)、设,证明:。证明设是任一列开区间,并且由外测度次可加性,显然有所以反之,由外测度定义,对任给的存在开集,使。由p36的6题(§2.4th1),存在至多可数多个彼此互异的开区间列,使。即。所以。故。5(p57.3)、证明中任何可数点集的外测度都是零。证明设为中任一可数点集,下证记,则对任意,存在开区间,,且及由的任意性可得6、平面上的有理点集的外测度为0(用定义证明)。证明记平面上的有理点集为,则为
3、可数集,不妨设为其中,且,,对平面上每个有理点作区间长度为的开区间则;从而,即平面被分成许多小方块,且每个小方块的面积为且。故,再由的任意性,有。7、证明中的平面的外测度为0(用外测度定义证明)。证明令中的平面为,平面中坐标都为整数的点的全体为,由于为可数集,可令,其中。,作开区间从而且。故,再由的任意性,有。8(p57.4)、证明:对于一维空间中任何外测度大于零的有界集合及任意常数,只要,就有,使。证明设,则。令。定义如下函数。由外测度的单调性知:为上的递增函数。下证是上的连续函数。因为当时,从而时,,所以,即是右连续的。同理可证明是左连续的。所以是上的连续函数。由于,;由闭区间
4、上连续函数介值定理可得:对,存在,使,即。,则。9、证明:对于任意集都可找到型集,使而且。证明对任意自然数n,由外测度的定义,有开区间组,。。10(P58.9)、设,证明存在的不相交的子集使得。证明见讲稿。11、设是中一列点集,证明:。证明见本节教学课件。§3.3可测集合及测度1、判断(1)存在可测集列,使或可测。()√;(2)若,则是至多可数集(测度为零的点集一定可列)。()×;解Cantor集。(3)是可测集⇔存在型集,使。()√;(4)可测集⇔存在型集,使。()√;(5)若是非空完备集,则。()×;解Cantor集。(6)是可测集存在开集,使。()×;(7)是可测集存在闭集,
5、使.( )×;(8)设且可测,即为单调递减的可测集列,则()。×;解不正确;(9),若存在,使,则可测。()×;解不是存在,而是对任意都要满足,才可测。(10)设则。()×;解。(11)直线上的可测集全体的势为连续势。()×;其势为(p69.15,p68.7)(12)设,则一定无内点。()√;证明否则有内点,且,使,从而,矛盾。(13)数直线上的非空有界开集不可能是零测集。()√;2、填空题(1)设是一列递降的可测集合;,令,则当______________。(内极限定理)(2),而且,那么必定有____________________可测集(填是或不是)。是(因为)3、单项选
6、择(1)下列断言中()是错误的。D;A、零测集是可测集;B、零测集的任意子集是可测集;C、可数个零测集的并是零测集;D、任意个零测集的并是零测集;(2)设是一列可测集,且,则有()。C;A、B、C、D、以上都不对(3)以下断言中,()是正确的。D;A、闭集的任意一点均为聚点B、若可测集与对等,则(Cantor集)C、零测集的闭包也是零测集(上的的闭包为)D、内点必是聚点(4)设是一列可测集,,则有()3B;(外极限定理)A、B、C、D、以上都不对(5)下列命题中正确的是()D;A、设为非空可测集,则必有;(Cantor集)B、无界可测集必有正测度;(为中的有理数集,则无界,但为可数
7、集,从而)C、设为无界可测集,则必有;(为中的有理数集,则无界可测,但)D、康托(Cantor)集是一个疏朗,完备的可测集。(6)设为任意两个集合,且,则()B;A、(外侧度不满足可加性)B、C、D、,T为任意集合(7)下面关于Cantor集的性质哪一条是不正确的()。C;A、Cantor集为完备集B、Cantor集无内点C、Cantor集的测度D、Cantor集(8)下列断言中()是错误的D;A、有理点集为零测集B、Cantor集为零测集C、零测集的子集是零测集D、
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