2019年高中物理第五章交变电流电能的输送双基限时练新人教版选修3-2.doc

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1、2019年高中物理第五章交变电流电能的输送双基限时练新人教版选修3-21．在电能输送过程中，若输送电功率一定，则在输电线上的功率损失(　　)A．与输送电压成正比B．与输送电压的平方成正比C．与输电线上电压损失的平方成正比D．与输电电流的平方成正比解析　输电线上的功率损失ΔP＝I2R，电压损失ΔU＝U－U′＝IR，输电电流I＝，所以ΔP＝I2R＝＝R，可见在输送功率P一定时，ΔP与I2成正比，ΔP与ΔU2成正比．答案　CD2．远距离输电时，在输送电功率不变的条件下(　　)A．只有增大导线的电阻，才能减小电流，提高输电效率B．提高输电电压，

2、能减小电流，提高输电效率C．提高输电电压，势必增大输电导线上能量损耗D．提高输电电压，势必增大输电导线上的电流解析　输出功率一定时，由P＝UI，当U增大时，I减小．答案　B3．发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至学校的输电线的总电阻为R，通过导线的电流为I，学校得到的电压为U2，则输电线上损失的电压可表示为(　　)A．U1B．U1－IRC．IRD．U2解析　输电线上损失电压为ΔU，ΔU＝U1－U2＝IR，所以选项A、B、D错误，选项C正确．答案　C4．某小型水电站向小山村输电，输送电功率为50kW，若以1100V送电，则线路损失为10

3、kW，若以3300V送电，则线路损失功率可变为(　　)A．3.3kWB．1.1kWC．30kWD．11kW解析　根据P损＝2r可知，热损失功率跟输送电压的平方成反比，故B选项正确．答案　B5．某用电器距离供电电源为L，线路上的电流为I，若要求线路上的电压降不超过U，已知输电导线的电阻率为ρ，那么，该输电导线的横截面积最小值是(　　)A.B.C.D.解析　输电线的电阻为R，由欧姆定律可得U＝IR，由电阻定律R＝ρ，联立可得S＝，故B选项正确．答案　B6．用U1和U2两种电压通过相同长度和材料的导线输电，若输送的电功率相等，在输电导线上损失

4、的电功率也相同，则在两种情况下输电导线横截面积之比S1:S2为(　　)A.B.C.2D.2解析　损失电功率P＝I2R，由电阻定律R＝ρ，可得P1＝2ρ，P2＝2ρ，P1＝P2，则＝2，故C选项正确．答案　C7．如图为远距离高压输电的示意图，关于远距离输电，下列表述正确的是(　　)A．增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B．高压输电是通过减小输电电流来减小电路的发热损耗C．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D．高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好解析　根据P＝I2R可知，在电流I一定

5、的情况下，减小电阻R，可以减小电路上的电能损失，而R＝ρ，所以增大输电线的横截面积S可减小电阻，故A选项正确；由输入功率P＝UI，知输电线电功率损失P损＝I2R＝R，可见减小输电线电流可减小电路的发热损耗，故B选项正确，C选项错误；高压输电并不一定是电压越高越好，电压过高时，会带来技术和设备上的困难，所以D选项正确．答案　ABD8．某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机的输出电压为200V，输电线总电阻为r，升压变压器原、副线圈匝数分别为n1、n2，降压变压器原、副线圈匝数分别为n3、n4(变压器均为理想变压器)．要使额定电压为2

6、20V的用电器正常工作，则(　　)A.>B.U3，>，A选项正确，B选项错误；升压变压器的输出功率等于降压变压器的输出功率与输电线损失功率的和，故D选项正确，C选项错误．答案　AD9．某水电站，用总电阻为2.5Ω的输电线输电给500km外的用户，其输出电功率是3×106kW.现用500kV电压输电，则下列说法正确的是(　　)A．输电线上

7、输送的电流大小为2.0×105AB．输电线上电阻造成的损失电压为15kVC．若改用5kV电压输电，则输电线上损失的功率为9×108kW　D．输电线上损失的功率为ΔP＝U2/r，U为输电电压，r为输电线的电阻解析　当U＝500kV时，I＝＝A＝6×103A，而U损＝IR＝15kV，故选项A错误，选项B正确；输电线损失功率不可能比输出功率还大，故选项C错误；ΔP＝中，U应是输电线电阻上的电压，即损失电压，而不是输电电压，故选项D错误．答案　B10．发电机端电压为220V，输送功率110kW，若要保证用户至少获得100kW电功率，则输电导线电

8、阻不得大于______Ω；若用一个升压变压器升压至5500V后进行输电，则导线电阻不得大于______Ω.解析　由题可知，用户得到100kW的电功率，则输电线损失为10kW.I1＝A＝500A,10000W