（江苏专用）2020版高考数学复习专题3导数及其应用第25练高考大题突破练—导数文

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1、第25练高考大题突破练—导数[基础保分练]1.已知函数f(x)＝axlnx＋b，g(x)＝x2＋kx＋3，曲线y＝f(x)在(1，f(1))处的切线方程为y＝x－1.(1)若f(x)在(b，m)上有最小值，求m的取值范围.(2)当x∈时，若关于x的不等式2f(x)＋g(x)≥0有解，求k的取值范围.2.已知函数f(x)＝ax3＋x2(a∈R)在x＝－处取得极值.(1)确定a的值；(2)若g(x)＝f(x)ex，讨论g(x)的单调性.3.已知函数f(x)＝.(1)求函数f(x)的单调区间与极值；(2)若

2、不等式f(x)≤kx对任意x>0恒成立，求实数k的取值范围；(3)求证：＋＋…＋<.[能力提升练]4.已知函数f(x)＝x3－x2，g(x)＝－mx，m是实数.(1)若f(x)在区间(2，＋∞)上为增函数，求m的取值范围；(2)在(1)的条件下，函数h(x)＝f(x)－g(x)有三个零点，求m的取值范围.答案精析基础保分练1.解　(1)f′(x)＝a(lnx＋1)，由题意得解得故f′(x)＝lnx＋1，f(x)＝xlnx，当f′(x)>0，即x>时，f(x)单调递增，当f′(x)<0，即0

3、(x)单调递减，因为f(x)在(0，m)上有最小值，所以m的取值范围是.(2)关于x的不等式2f(x)＋g(x)≥0在x∈上有解.即2xlnx＋x2＋kx＋3≥0在x∈上有解，等价于不等式k≥－在x∈上有解，设h(x)＝－，x∈，h′(x)＝－，当h′(x)>0，即≤x<1时，h(x)单调递增，当h′(x)<0，即1

4、＝－处取得极值，所以f′＝0，即3a×＋2×＝a－＝0，解得a＝.经检验符合题意，所以a＝.(2)由(1)得g(x)＝ex，故g′(x)＝ex＋ex＝x(x＋1)(x＋4)ex，令g′(x)＝0，解得x＝0或x＝－1或x＝－4.当x<－4时，g′(x)<0，故g(x)为减函数；当－40，故g(x)为增函数；当－10时，g′(x)>0，故g(x)为增函数；综上可知g(x)在(－∞，－4)和(－1,0)上为减函数，在(－4，－

5、1)和(0，＋∞)上为增函数.3.(1)解　函数定义域为(0，＋∞)，导函数为f′(x)＝，令f′(x)＝＝0，得x＝e.x(0，e)e(e，＋∞)f′(x)＋0－f(x)增极大值减由上图表知：f(x)的单调递增区间为(0，e)，单调递减区间为(e，＋∞).f(x)的极大值为f(e)＝＝，无极小值.(2)解　∵x>0，≤kx，∴k≥，令h(x)＝，又h′(x)＝，令h′(x)＝0，解得x＝，当x在(0，＋∞)内变化时，h′(x)，h(x)变化如下表：x(0，)(，＋∞)h′(x)＋0－h(x)↗↘由表

6、知，当x＝时函数h(x)有最大值，且最大值为，∴k≥.(3)证明　由(2)知≤，∴≤·(x≥2)，∴＋＋…＋<，又＋＋…＋<＋＋…＋＝＋＋…＋＝1－<1，∴＋＋…＋<<，即＋＋…＋<.能力提升练4.解　(1)f′(x)＝x2－(m＋1)x，因为f(x)在区间(2，＋∞)上为增函数，所以f′(x)＝x(x－m－1)≥0在区间(2，＋∞)上恒成立，所以x－m－1≥0恒成立，即m≤x－1恒成立，由x>2，得m≤1.所以m的取值范围是(－∞，1].(2)h(x)＝f(x)－g(x)＝x3－x2＋mx－，所以h

7、′(x)＝(x－1)(x－m)，令h′(x)＝0，解得x＝m或x＝1，m＝1时，h′(x)＝(x－1)2≥0，h(x)在R上是增函数，不合题意；m<1时，令h′(x)>0，解得x1，令h′(x)<0，解得m0，解得m<1－.所以m的取值范围是(－∞，1－).