（通用版）高考物理一轮复习第十一章第2讲变压器、电能的输送课时作业（含解析）

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1、变压器、电能的输送一、选择题(本题共10小题，1～6题为单选题，7～10题为多选题)1．(2018·珠海模拟)如图所示，一理想变压器原线圈的匝数n1＝1100匝，副线圈的匝数n2＝220匝，交流电源的电压u＝220sin(100πt)V，R为负载电阻，电压表、电流表均为理想电表，则下列说法中正确的是(　　)　　　　　　　　　　　　　A．交流电的频率为100HzB．电压表的示数为44VC．电流表A1的示数大于电流表A2的示数D．变压器的输入功率大于输出功率解析：B　交流电的周期T＝＝s＝0.02s，f＝＝50Hz，故A项错误；原线圈的电压U1＝＝220V，＝，则U2＝44V，故B项

2、正确；原、副线圈的电流比等于匝数之反比，因为n1>n2，所以I1

3、阻器的滑片向下滑动，则两电表示数均减小解析：B　变压器输入电压和输出电压之比为匝数之比，故输出端电压为V＝22V，但由于二极管具有单向导电性，从而使通过二极管的电压有效值减小，由有效值的定义得·＝T，得R两端电压的有效值U有效＝11V，故电压表示数一定小于22V，故A项错误；接入电阻为10Ω，则根据W＝t可得，产生的热量Q＝×60J＝1452J，故B项正确；若只将S从1拨到2，则输入端线圈匝数减小，匝数比减小，则输出电压增大，输出功率增大，故变压器的输入功率将增大，故C项错误；若只将滑动变阻器的滑片向下滑动，接入电阻增大，则输出端电流减小，但电压表示数不变，故D项错误．3．图甲中

4、理想变压器原、副线圈的匝数之比n1∶n2＝5∶1，电阻R＝20Ω，L1、L2为规格相同的两只小灯泡，S1为单刀双掷开关．原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示．现将S1接1、S2闭合，此时L2正常发光．下列说法正确的是(　　)A．输入电压u的表达式u＝20sin(50πt)VB．只断开S2后，L1、L2均正常发光C．只断开S2后，原线圈的输入功率增大D．若S1换接到2后，R消耗的电功率为0.8W解析：D　由图乙知周期为0.02s，因此输入电压的表达式u＝20sin(100πt)V，A错；只断开S2，L1、L2两端的电压小于额定电压，都不能正常发光，B错；只断

5、开S2，负载电阻变大，功率变小，C错；S1换接到2后，据P＝和＝得R消耗的功率为0.8W，故选D.4．(2018·汕头模拟)一理想变压器电路如图所示，两组副线圈中所接的三个电阻都为R，原线圈接通交变电源后，三个线圈的电流有效值相等，则图中三个线圈的匝数之比n1∶n2∶n3为(　　)A．9∶1∶4B．6∶1∶2C．3∶1∶2D．3∶2∶1解析：C　两个副线圈的输出功率为P2＝I2R＋I2·2R＝3I2R，根据输入功率等于输出功率有U1I＝3I2R，解得U1＝3IR，两个副线圈的电压分别为U2＝IR，U3＝I·2R，根据电压与匝数成正比，有n1∶n2∶n3＝U1∶U2∶U3＝3IR∶

6、IR∶2IR＝3∶1∶2，故C项正确，A、B、D项错误．5．钳形电流测量仪的结构图如图所示，其铁芯在捏紧扳手时会张开，可以在不切断被测载流导线的情况下，通过内置线圈中的电流值I和匝数n获知载流导线中的电流大小I0，则关于该钳形电流测量仪的说法正确的是(　　)A．该测量仪可测量直流电的电流B．载流导线中电流大小I0＝C．若钳形部分铁芯没有完全闭合，测量出的电流将小于实际电流D．若将载流导线在铁芯上多绕几匝，钳形电流测量仪的示数将变小解析：C　钳形电流测量仪实质上是一个升压变压器，只能测量交流电的电流，故A项错误；根据＝得载流导线中电流大小I0＝nI，故B项错误；若钳形部分铁芯没有完

7、全闭合，载流导线中电流产生的磁场减弱，磁通量变化率减小，在内置线圈产生的感应电动势减小，感应电流减小，则测量出的电流将小于实际电流，故C项正确；根据n1I1＝n2I2，知若将载流导线在铁芯上多绕几匝，即n1变大，I1、n2不变，则钳形电流测量仪的示数I2将变大，故D项错误．6．如图甲是远距离输电线路示意图，图乙是用户端电压随时间变化的图像，则(　　)A．发电机产生的交流电的频率是100HzB．降压变压器输出的电压有效值是340VC．输电线的电流仅由输送功率决定D．仅增加升压变压器