直线运动规律及追击问题典型例题剖析

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1、直线运动规律及追击问题典型例题剖析例题1.一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s,Is后速度的大小变为10m/s,在这Is内该物体的（）A.位移的人小可能小于4mB.位移的大小可能大于10mC.加速度的大小可能小于4m/sD.加速度的大小可能大于10m/s析：同向时听T=宀6加*4+102反向时-10-4~~i~~mis=—14m/s24-10‘m=-3m式屮负号表示方向跟规定正方向相反答案:A、D例题2：两木块口左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木快每次曝光吋的位置，如图所示，连续两次曝光的吋间间隔

2、是相等的，由图可知（）A在时刻J以及时刻S两木块速度相同B在时刻tl两木块速度相同C在时刻t3和时刻SZ间某瞬间两木块速度相同D在时刻t4和时刻tsZ间某瞬间两木块速度相同解析：首先由图看出：上边那个物体相邻相等时间内的位移Z差为恒虽，可以判定其做匀变速直线运动；下边那个物体很明显地是做匀速直线运动。由于t2及S时刻两物体tit2t3t4t5t6t7□□□□□□□I丨丨丨丨IIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIII□□□□□□□tlt?t3t4t5t6ty位置相同，说明这段时间内它们的位移相等，因此其中间时刻的即时速度相等

3、，这个中间时刻显然在t3、SZ间答案:c例题3--跳水运动员从离水面10m高的平台上跃起，举双臂直立身体离开台面，此时中心位于从手到脚全长的中点，跃起后重心升高0・45m达到最高点，落水时身体竖直，手先入水（在此过程中运动员水平方向的运动忽略不计）从离开跳台到手触水而，他可用于完成空中动作的时间是多少？（g取10m/S2结果保留两位数字）解析：根据题意计算时，可以把运动员的全部质量集中在重心的一个质点，且忽略莫2水平方向的运动，因此运动员做的是竖直上抛运动，由h=^-可求出刚离开台而吋的速2g度叫二J顽=3加/$,山题意知整个过程运

4、动员的位移为一10m（以向上为正方向）,19111s=vnzH—at"得:2—10=3t—5t2解得：t=1.7s思考：把整个过程分为上升阶段和下降阶段來解，可以吗?例题4.如图所示，冇若干相同的小钢球，从斜面上的某一位置每隔0.Is释放一颗，在连续释放若干颗钢球后对斜而上止在滚动的若干小球摄下照片如图，测得AB=15cm,BC=20cm,试求：(1)拍照时B球的速度；A球上而还有儿颗正在滚动的钢球解析：拍摄得到的小球的照片中，A、B、C、D…各小球的位置，正是首先释放的某球每隔0.Is所在的位置.这样就把本题转换成一个物体在斜面上

5、做初速度为零的匀加速运动的问题了。求拍摄时B球的速度就是求首先释放的那个球运动到B处的速度；求A球上而还有儿个正在滚动的小球变换为首先释放的那个小球运动到A处经过了儿个时间间隔(0.Is)(1)A、B、C、D四个小球的运动时间相差△T=0.IssRr+0.35._.Vb二二m/s=l.75m/s2AT0.2(2)由厶s=aAT2得:△sAT10.2-0.15=5m/s2例5：火车A以速度w匀速行驶，司机发现正前方同一•轨道上相距s处有另一火车B沿同方向以速度V2(对地，且V25〉做匀速运动，A车司机立即以加速度(绝对值)a紧急刹车，

6、为使两车不和撞，a应满足什么条件？分析：后车刹车做匀减速运动，当后车运动到与前车车尾即将相遇时，如后车车速已降到等于甚至小于前车年速，则两年就不会相撞，故取s沪s+s前和v后Wv前求解解法一：取取上述分析过程的临界状态，则冇vit——aot2=s+v2t2Vi—aot=v2(片一卩2)22s-所以当a^(V1~V2)时，两午便不会相撞。2s法二：如果后车追上询车恰好发工相撞，则1.丄vit——at~=s十V2t2上式整理后可写成冇关t的一元二次方程，即—at2+(v2—Vi)t+s=02取判别式厶〈0,则t无实数解，即不存在发生两车

7、相撞时间t。A^O,则有•丿JL(V2—Vi)「24(—a)s22s为避免两车相撞，故aM今法三:运用V-t图象进行分析，设从某时刻起后车开始以绝对值为a的加速度开始刹车，取该时刻为t=0,则A、B两车的v-t图线如图所示。图中由w、-、C三点组成的三角形面积值即为A、B两车位移之差（s后一s丽）=s,tan（）即为后车A减速的加速度绝对值a。。因此有2tan^2所以tan0=ao=———2s若两车不相撞触十叫^