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1、第二章章末复习课提纲挈领复习知识【知识体系】、并孫电弟的特点电狙走律R=L欧姆定凿『=魚耳定韋Q=电功公式W=2电沃电为势定乂:為辻电洱疋其池衫式的能转化为电能的本荻单位:伏(V)纯电耳电路T=£乏合电务的欢％定全任何电路E=U-I.E=5_U用合电路峠路珀电压与外电星的关系L=E-b实倉插绘小灯泡的伏安持住艺兹门定电汴电动势引内R怜■・匸炸■；断路3t.U^=?.U^=EIg▼I苹▼:短路时.U^=E-U^=：；电源的总功率2P氢二⑥闭台电路.F:的电功虬电源的總出功率：戸出==EI-Fr^K
2、=rBt,P^=-I电源的内軽功率:P内=河定金霭的电沮率(耳贡测破器:多用电表的使用：训电沆、电玉、电卫［答案填写］①2：③
3、2Rt④UltR+r(61EI®UL⑧直总结归纳提升能力主题1非纯电阻电路的计算1.电功:W=Ult.2.电功率：P电=UI・3.热量：Q=
4、2Rt・4.热功率：P热=
5、2R・分析与方法：闭合电路中电功、热量和电功率、热功率的问题本质上都是能量转化和守恒问题.分析这类问题时，要注意区分电功和热量、电功率和热功率，抓住能量守恒这条主线；在纯电阻电路中，电功和热量相等，电功
6、率和热功率相等；在非纯电阻电路中，电功大于热量，电功率大于热功率.【典例1】一台小型电动机在3V电压下工作，用此电动机提升重力为4N的物体时，通过电动机的电流是0.2A.在30s内可使该物体被匀速提升3m.若不计电动机线圈生热之外的能量损失，求：(4)电动机的输入功率；(2)在提升物体的30s内，电动机线圈所产生的热量；(3)线圈的电阻.解析：⑴电动机的输入功率P入=IU=0・2x3W=0・6W・(2)根据能量的转化与守恒，线圈产生的热量Q=P、t—Gh=0.6x30J—4x3J=6J.(3)据
7、焦耳定律，线圈的电阻Q—@—r=2x30Q=5Q.2t=0.2I储案：(4)O・6W(2)6J(3)5Q针对训练1.(多选)如图所示，一直流电动机与阻值R=9Q的电阻串联在电源上，电源电动势E=30V,内阻r=4Q,用理想电压表测出电动机两端电压U=10V,已知电动机线圈电阻Rm=1Q,则下列说法中正确的是()Hy>A.通过电动机的电流为10AB.电动机的输入功率为20WC.电动机的热功率为4WD.电动机的输出功率为20W解析：根据闭合电路欧姆定律,有E=U+l(r+R),解得1=E-UR+r=
8、2A,故A错误；电动机的输入功率P入=UI=10x2=20W；电动机的热功率Phi=P~热=
9、2Rm=22x1=4W；电动机的输出功率PP热=UIT2Rm=40x2-22x1=16W,故B、C正确,D错误.答案：BC主题2含电容器的直流电路在直流电路中，当电容器充、放电时，电路里有充、放电电流.一旦电路达到稳定状态，电容器在电路中就相当于一个阻值无限大（只考虑电容器是理想的不漏电的情况）的元件，在电容器处电路可看作是断路，简化电路时可去掉它.简化后若要求电容器所带电量时，可接在相应的位置上.分析
10、和计算含有电容器的直流电路时，需注意以下几点：fl）电路稳定后，由于电容器所在支路无电流通过，所以在此支路中的电阻上无电压降，因此电容器两极间的电压就等于该支路两端的电压.（2）当电容器和电阻并联后接入电路时，电容器两极间的电压与其并联电阻两端的电压相等.(3)电路的电流、电压变化时，将会引起电容器的充(放)电.如果电容器两端电压升高，电容器将充电；如果电压降低，电容器将通过与它连接的电路放电.【典例2】如图所示，电源电动势E=12V,内阻r=1Q,电阻Ri=3Q,R2=2Q,R3=5Q,电容器
11、的电容G=4“F,C2=1“F・求：fl)当S闭合时间足够长时，G和C2所带的电量各是多少？(2)把S断开，S断开后通过Rz的电量是多少？解析：⑴当S闭合时间足够长时，G两端的电压等于R2两端的电压；C2两端的电压等于路端电压.回路电流=2A,C1两端的电压UCi=U2=IR2=4V,-6x4C=1.6x10-5C,G的带电量为：QlGUG=4x10C2两端的电压UC2=U=l(Rq+R2)=40V,-6x10C=1.0x10-5C.C2的带电量为：Q2=C2UC2=1x10(2)断开S后，电容
12、器G通过电阻R2、R3放电；电容器C2通过电阻R仆R2、R3放电，放电电流均流过R2,且方向相同.因此，通过甩的电量为：-5C+1.0X10-5C=2.6x10-5C.Q=Qi+Q2=1.6x10.5C1.0x10-5C(2)2.6x10-5C答案:(1)1.6x10针对训练1.下图电路中，电源电动势E=10V.内阻忽略不计，定值电阻Rs=4Q,R2=6Q,电容C=30[iF.fl)闭合开关S,电路稳定后通过电阻Ri的电流多大？(2)然后将开关S断开，求这以后流过电阻Ri的总电量?(3)开关S断
