高考物理一轮复习电流电阻电功及电功率课时作业含答案

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1、2020届一轮复习人教版电流电阻电功及电功率课时作业(建议用时：40分钟)[基础对点练]题组一：电流、欧姆定律1．如图所示，电解池内有一价离子的电解液，在时间t内通过溶液截面S的正离子数为n1，负离子数为n2。设元电荷电荷量为e，则以下说法正确的是()tA.溶液内电流方向从A到B，电流大小为n1etB.溶液内电流方向从B到A，电流大小为n2eC．溶液内正、负离子反方向移动，产生的电流相互抵消n1＋n2eD．溶液内电流方向从A到B，电流大小为tD[溶液内正、负离子反方向移动，通过截面的电荷量为正、负离子电荷量绝13对值之和，由电流的定义可算出，电流为n1＋n2et

2、，故选D。]132．(2019·威海模拟)一根长为L、横截面积为S的金属棒，其电阻率为ρ。棒内单位体积内的自由电子数为n，电子的电荷量为e，在棒两端加上恒定电压U时，棒内产生电流，则自由电子定向移动的速率为()13UUSUSULA．neρLB．neρLC．neρL2D．neρSS，导体两端的电压为A[导体中的电流为I＝neSv，导体的电阻为R＝ρLU＝RI，解得：v＝U，故选A．]neρL3．(2019·深圳模拟)图甲为某标有“35μF5%”的电容器，图乙为标有“3.7V1350mA·h”的某品牌手机电池板。则以下说法正确的是()13甲乙A.电容器和手机电池的充电

3、过程都是电能转化为化学能的过程B.该手机电池铭牌上的1350mA·h指储存的电荷量，当以135mA的电流工作时，可连续放电10小时C.该电容器只有在正常工作时电容才是35μF左右D.该手机电池能储存的最大电能约为1kW·hA[电容器充电时是将电能转化为电场能，而手机电池的充电过程是电能转化为化学能的过程，故A错误；由q＝It可知，该手机电池铭牌上的1350mA·h指13储存的电荷量，故t＝1350135h＝10h，因此当以135mA的电流工作时，可连续放1313电10小时，故B正确；电容器的电容是电容器本身性质决定的，任何时刻均为35μF左右，故C错误；由W＝U

4、It可知，该手机的最大电能为：W＝3.7×1350×10－3W·h≈5×10－3kW·h，故D错误。]题组二：电阻、电阻定律4.有两根完全相同的金属裸导线A和B，如果把导线A均匀拉长到原来的2倍，导线B对折后绞合起来，则其电阻之比为()A．1∶16B．16∶1C．1∶4D．4∶1B[设A、B原来电阻均为R，长度均为l，横截面积均为S。13l则R＝ρS对A：RA2l4R13＝ρS/2＝l/21对B：RB＝ρ2S＝4R13RA故RB＝16∶1，B正确。]134.一个内电阻可以忽略的电源，给一个绝缘的圆管子里装满的水银供电，电流为0.1A，若把全部水银倒在一个内径大

5、一倍的绝缘圆管子里，那么通过的电流将是()A．0.4AB．0.8AC．1.6AD．3.2AlB[因电阻R＝ρS，内径大一倍，截面积就变为原来的四倍，又因水银体积不13变，所以长度l变为原来的14，故电阻变为原来的116，所以电流变为原来的16倍，13为1.6A。]4.有一长方体导体，长a、宽b、高h之比为6∶3∶2，它的六个面的中心各焊接一根电阻不计的导线，如图所示，分别将AA′、BB′、CC′接在同一恒压电源上时，导体中电荷的运动速度分别为v1、v2、v3。则v1∶v2∶v3为()A．6∶3∶2B．1∶1∶1C．2∶3∶6D．1∶2∶313C[根据RLIU

6、I＝nSqv得v＝U1，即vv1∶v2∶v3＝13＝ρS、＝R和nρqL∝L，所以131∶2∶3，D正确。]题组三：电功、电功率与电热、热功率4.在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路。当调节滑动变阻器R使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5A和2.0V。重新调节R使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V。则这台电动机正常运转时输出功率为()13A．32WB．44WC．47WD．48WA[电动机不转时相当于一个发热的纯电阻，根据通过电动机的电流为0.5A、电压为2V，可算出电动机内阻r＝4Ω。电动

7、机正常工作时，消耗的功率为UI＝48W，内阻发热消耗的功率为I2r＝16W，则输出功率为UI－I2r＝32W。]8.(2019广·州模拟)定值电阻R1、R2、R3的阻值均为2Ω，在电路中所消耗的电功率的最大值分别为10W、10W、2W，现将这三个电阻按照如图所示的方式连接，则这部分电路消耗的电功率的最大值为()A．22WB．12WC．15WD．16WB[由题意知R1＝R2＝R3＝2Ω，P1＝10W，P2＝10W，P3＝2W，首先分析两个并联电阻R2、R3所允许消耗的最大功率。因为R2与R3并联，则两端电压相U2等，由公式P＝R知道，R2与R3所消耗的功率一样。已知

8、R2与R3