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时间:2019-06-25
《2019高考物理大二轮复习专题三电场和磁场3.1精练(含解析)》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、电场和磁场(本栏目内容,在学生用书中以独立形式分册装订!)一、选择题(1~5题为单项选择题,6~11题为多项选择题)1.如图所示为某一点电荷Q产生的电场中的一条电场线,A、B为该电场线上的两点,在电子以某一速度沿电场线由A运动到B的过程中,其动能增加,则可以判断( )A.场强大小EA>EBB.电势φA>φBC.电场线方向由B指向AD.若Q为负电荷,则Q在B点的右侧解析: 由于电子以某一速度沿电场线由A运动到B的过程中,其动能增加,故电子所受的电场力方向与速度方向一致,由A指向B,因电子带负电,所以电子所受电场力的方向与场强方向相反,故场强方
2、向由B指向A,即电场线方向由B指向A,根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知,φA<φB,选项B错误,C正确;结合点电荷周围电场线的分布特点可知,该点电荷可以是正点电荷且处在B点的右侧,也可以是负点电荷且处在A点的左侧,若点电荷为负点电荷,则有EA>EB,若点电荷为正点电荷,则有EA3、分别为EpM、EpN。下列判断正确的是( )A.vMφN。又由Ep=qφ知,带负电粒子在电势越低的位置,具有的电势能越大,即EpMvN。若带负电粒子由N向M。运4、动过程中电场力做正功,则动能增大,也可得vM>vN,故选D。答案: D3.(2018·岳阳一模)如图所示,一带电小球悬挂在平行板电容器内部,闭合开关S,电容器充电后,细线与竖直方向夹角为φ,则下列说法中正确的是( )A.保持开关S闭合,使两极板靠近一些,φ将减小B.保持开关S闭合,将滑动变阻器滑片向右移动,φ将减小C.断开开关S,使两极板靠近一些,φ将不变D.轻轻将细线剪断,小球将做斜抛运动解析: 保持开关S闭合,即电容器两端电压不变,使两极板靠近些,由E=知,电场强度增大,φ将增大,A项错误;调节滑动变阻器滑片不影响电容器两极板间的电压,5、B项错误;断开开关S,电容器两极板所带电荷量不变,使两极板靠近一些,由C=、U=、E=知,E不变,即夹角φ不变,C项正确;轻轻将细线剪断,小球所受合力方向沿细线方向向下,所以小球将沿细线方向向下做匀加速直线运动,D项错误。答案: C4.如图所示,28根通有同向等大电流的长直导线(彼此绝缘)正好紧密排列在以O为圆心的圆周上,直径BD水平,AC竖直,直导线中电流方向均垂直纸面向外,现将B处的长直导线撤走,而将C处的长直导线平移到圆心O处,则圆心O处的长直导线所受安培力的方向( )A.沿∠COB的角平分线向下B.沿∠AOB的角平分线向上C.沿∠A6、OD的角平分线向上D.沿∠COD的角平分线向下解析: 因通电直导线的磁场是以导线为圆心的一层层的同心圆,由对称性可知O处的磁场为A处直导线的电流和D处直导线的电流在O点产生的磁场的叠加,由安培定则可知A处直导线的电流在O点产生的磁场方向水平向右,D处直导线的电流在O点产生的磁场方向竖直向上,且两处直导线的电流在O点产生的磁场大小相等,由矢量的合成法则知O处的磁场方向沿∠AOB的角平分线向上,由左手定则可知圆心O处的长直导线所受安培力的方向沿∠AOD的角平分线向上,C对。答案: C5.(2018·北京卷·19)研究与平行板电容器电容有关因素的实7、验装置如图所示。下列说法正确的是( )A.实验前,只用带电玻璃棒与电容器a板接触,能使电容器带电B.实验中,只将电容器b板向上平移,静电计指针的张角变小C.实验中,只在极板间插入有机玻璃板,静电计指针的张角变大D.实验中,只增加极板带电荷量,静电计指针的张角变大,表明电容增大解析: A对:实验前,只用带电玻璃棒与电容器a板接触,由于静电感应,在b板上将感应出异种电荷。B错:b板向上平移,正对面积S变小,由C=知,电容C变小,由C=知,Q不变,U变大,因此静电计指针的张角变大。C错:插入有机玻璃板,相对介电常数ε变大,由C=知,电容C变大,由8、C=知,Q不变,U变小,因此静电计指针的张角变小。D错:C=,实验中,只增加极板带电量,静电计指针的张角变大,是由于C不变导致的。答案: A6.(2018·山东烟台
3、分别为EpM、EpN。下列判断正确的是( )A.vMφN。又由Ep=qφ知,带负电粒子在电势越低的位置,具有的电势能越大,即EpMvN。若带负电粒子由N向M。运
4、动过程中电场力做正功,则动能增大,也可得vM>vN,故选D。答案: D3.(2018·岳阳一模)如图所示,一带电小球悬挂在平行板电容器内部,闭合开关S,电容器充电后,细线与竖直方向夹角为φ,则下列说法中正确的是( )A.保持开关S闭合,使两极板靠近一些,φ将减小B.保持开关S闭合,将滑动变阻器滑片向右移动,φ将减小C.断开开关S,使两极板靠近一些,φ将不变D.轻轻将细线剪断,小球将做斜抛运动解析: 保持开关S闭合,即电容器两端电压不变,使两极板靠近些,由E=知,电场强度增大,φ将增大,A项错误;调节滑动变阻器滑片不影响电容器两极板间的电压,
5、B项错误;断开开关S,电容器两极板所带电荷量不变,使两极板靠近一些,由C=、U=、E=知,E不变,即夹角φ不变,C项正确;轻轻将细线剪断,小球所受合力方向沿细线方向向下,所以小球将沿细线方向向下做匀加速直线运动,D项错误。答案: C4.如图所示,28根通有同向等大电流的长直导线(彼此绝缘)正好紧密排列在以O为圆心的圆周上,直径BD水平,AC竖直,直导线中电流方向均垂直纸面向外,现将B处的长直导线撤走,而将C处的长直导线平移到圆心O处,则圆心O处的长直导线所受安培力的方向( )A.沿∠COB的角平分线向下B.沿∠AOB的角平分线向上C.沿∠A
6、OD的角平分线向上D.沿∠COD的角平分线向下解析: 因通电直导线的磁场是以导线为圆心的一层层的同心圆,由对称性可知O处的磁场为A处直导线的电流和D处直导线的电流在O点产生的磁场的叠加,由安培定则可知A处直导线的电流在O点产生的磁场方向水平向右,D处直导线的电流在O点产生的磁场方向竖直向上,且两处直导线的电流在O点产生的磁场大小相等,由矢量的合成法则知O处的磁场方向沿∠AOB的角平分线向上,由左手定则可知圆心O处的长直导线所受安培力的方向沿∠AOD的角平分线向上,C对。答案: C5.(2018·北京卷·19)研究与平行板电容器电容有关因素的实
7、验装置如图所示。下列说法正确的是( )A.实验前,只用带电玻璃棒与电容器a板接触,能使电容器带电B.实验中,只将电容器b板向上平移,静电计指针的张角变小C.实验中,只在极板间插入有机玻璃板,静电计指针的张角变大D.实验中,只增加极板带电荷量,静电计指针的张角变大,表明电容增大解析: A对:实验前,只用带电玻璃棒与电容器a板接触,由于静电感应,在b板上将感应出异种电荷。B错:b板向上平移,正对面积S变小,由C=知,电容C变小,由C=知,Q不变,U变大,因此静电计指针的张角变大。C错:插入有机玻璃板,相对介电常数ε变大,由C=知,电容C变大,由
8、C=知,Q不变,U变小,因此静电计指针的张角变小。D错:C=,实验中,只增加极板带电量,静电计指针的张角变大,是由于C不变导致的。答案: A6.(2018·山东烟台
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