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时间:2019-05-26
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1、第2单元 稳恒电流 【内容和方法】 本单元内容包括电流、产生持续电流的条件、电阻、电压、电动势、内电阻、路端电压、电功、电功率等基本概念,以及电阻串并联的特点、欧姆定律、电阻定律、闭合电路的欧姆定律、焦耳定律、串联电路的分压作用、并联电路的分流作用等规律。 本单元涉及到的基本方法有运用电路分析法画出等效电路图,掌握电路在不同连接方式下结构特点,进而分析能量分配关系是最重要的方法;注意理想化模型与非理想化模型的区别与联系;熟练运用逻辑推理方法,分析局部电路与整体电路的关系 【典型易错题分析】 在本单元知识应用的过程中,初
2、学者常犯的错误主要表现在:不对电路进行分析就照搬旧的解题套路乱套公式;逻辑推理时没有逐步展开,企图走“捷径”;造成思维“短路”;对含有电容器的问题忽略了动态变化过程的分析。 例1如图9-1所示,ε1=3V,r1=0.5Ω,R1=R2=5.5Ω,平行板电容器的两板距离d=1cm,当电键K接通时极板中的一个质量m=4×10-3g,电量为q=1.0×10-7C的带电微粒恰好处于静止状态。求:(1)K断开后,微粒向什么方向运动,加速度多大?(2)若电容为1000pF,K断开后,有多少电量的电荷流过R2? 【错解分析】错解:当电键K接
3、通电路稳定时、电源ε1和ε2都给电容器极板充电,所以充电电压U=ε1+ε2。 带电粒子处于平衡状态,则所受合力为零,F-mg=0 ε2=U-ε1=1(v) 当电键K断开后,电容器上只有电源给它充电,U′=ε2。 即带电粒子将以7.5m/s2的加速度向下做匀加速运动。 又Q1=CU=103×10-12×4=4×10-9C Q′=CU′=103×10-12×1=1×10-9C △Q=Q-Q′=3×10-9C 极板上电量减少3×10-9C,也即K断开后,有电量为3×10-9C的电荷从R2由下至上流过。 在直流电路
4、中,如果串联或并联了电容器应该注意,在与电容器串联的电路中没有电流,所以电阻不起降低电压作用(如R2),但电池、电容两端可能出现电势差,如果电容器与电路并联,电路中有电流通过。电容器两端的充电电压不是电源电动势ε,而是路端电压U。 【正确解答】 (1)当K接通电路稳定时,等效电路图如图9-2所示。 ε1、r1和R1形成闭合回路,A,B两点间的电压为: 电容器中带电粒子处于平衡状态,则所受合力为零, F-mg=0 在B,R2,ε2,C,A支路中没有电流,R2两端等势将其简化,U+ε2=UAB,ε2=U-UAB=
5、1.25V 当K断开电路再次达到稳定后,回路中无电流电路结构为图9-3所示。电容器两端电压U′=ε2=1.25V 即带电粒子将以6.875m/s2的加速度向下做匀加速运动。 (2)K接通时,电容器带电量为Q=CU=4×1O-9C K断开时,电容器带电量为Q′=CU′=1.2×10-9(C) △Q=Q—Q′=2.75×10-9C 有总量为2.75×10-9(C)的电子从R2由下至上流过。 【小结】 本题考查学生对电容器充放电物理过程定性了解程度,以及对充电完毕后电容所在支路的电流电压状态是否清楚。学生应该知道电容器
6、充电时,随着电容器内部电场的建立,充电电流会越来越小,电容器两极板间电压(电势差)越来越大。当电容器两端电压与电容器所并联支路电压相等时充电过程结束,此时电容器所在的支路电流为零。 根据这个特点学生应该会用等势的方法将两端等势的电阻简化,画出等效电路图,如本题中的图9-2,图9-3,进而用电路知识解决问题。 例2如图9-4所示,电源电动势ε=9V,内电阻r=0.5Ω,电阻R1=5.0Ω、R2=3.5Ω、R3=6.0Ω、R4=3.0Ω,电容C=2.0μF。当电键K由a与接触到与b接触通过R3的电量是多少? 【错解分析】错解:
7、K接a时,由图9-5可知 流过R3的电量为△Q=QC-QC′=3×10-6(C) 没有对电容器的充电放电过程做深入分析。图9-5图中电容器的上极板的电势高,图9-6中电容器的下极板的电势高。电容器经历了先放电后充电的过程。经过R3的电量应是两次充电电量之和。 【正确解答】 K接a时,由图9-5可知 此时电容器带电量QC=CU1=1×10-5(C) K接b时,由图9-6可知 此时电容器带电量Q′C=CU1=0.7×10-5(C) 流过R3的电量为△Q=QC+Q′C=1.7×10-5(C) 【小结】
8、 对于电容电量变化的问题,还要注意极板电性的正负。要分析清电容器两端的电势高低,分析全过程电势变化。 例3如图9-7所示的电路中已知电源电动势ε=36V,内电阻r=2Ω,R1=20Ω,每盏灯额定功率都是2W,额定电压也相同。当K闭合调到R2=14Ω时,两灯都正
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