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《2018年高三物理一轮总复习配餐作业：8牛顿第二定律及应用》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在工程资料-天天文库。
1、配餐作业（八）牛顿第二定律及应用A组・基础巩固题1.（2017•漳州调研）“加速度计”的部分结构简图如图所示，滑块与轻弹簧a、b连接并置于光滑凹槽内，静止时a、b长度均为1；若该装置加速向右运动，a、b长度分别为h、L,则（）4滑块b.0000000>0000000.右左B.L<1,lblA.L>1,lb>lC.L>1,lbl,D正确。答案D2.女航天员王亚平在“天宫一号”目标飞行器里通过一个实验成功展示了失重状态下液滴的表面张力引起的效应。在视频中可观察到漂浮的液滴处于相互垂
2、直的两个椭球之间不断变化的周期性“脉动”中。假设液滴处于完全失重状态，液滴的上述“脉动”可视为液滴形状的周期性微小变化（振动），如图所示。已知液滴振动的频率表达式为f=其中k为一个无单位的比例系数，r为液滴半径，P为液体密度，o为液体表面张力系数（其单位为N/m）,x是待定常数。对于待定常数x的大小可能是（）C.2D.—3解析从物理单位的量纲来考虑：八选项中，旦竺）"=卅・s—1,选项A错误；在B选项中，•m/1,选项B正确；对C选项・m?S_19选项C错误；在DsT，选项D错误。答案B1.—质量为m的物块在倾角为0的足够长斜面上匀减速下滑。现对物块施加一个竖直向下的恒力F,如图所示。则物块
3、减速为零的时间将（）A.变大C.不变D.不能确定解析物块在斜面上匀减速下滑，则mgsin0—umgcos0=丽①，现对物块施加一个竖直向下的恒力F,HP（mg+F）sinB—u（mg+F）cos。=nid'②，由①②得ma+F（sin0—UCOSo）=ma',可得加速度大小
4、a.
5、〈
6、a/
7、,由v初=at知物块减速为零的时间将变小,B正确。答案B2.（多选）如图所示，质量为m的小球与弹簧I和水平细绳II相连，I、II的另一端分别固定于P、Q两点。球静止时，I中拉力大小为II中拉力大小为压，当仅剪断I、II其中一根的瞬间，球的加速度8应是（）A.若剪断I,则a=g,方向竖直向下B.若剪断II,
8、则a=匹方向水平向左mC.若剪断I,则a=—,方向沿I的延长线方向mD.若剪断II,则a=g,方向竖直向上解析首先分析没有剪断I、IIZ前的小球受力情况。小球受力情况如图所示。在剪断I的瞬间，由于小球的速度为零，绳II上的力突变为零，则小球只受重力作用，加速度为g,A项正确，C项错误；若剪断II,由于弹簧的弹力不能突变，％与重力的合力大小仍等于仏,Ft2所以此时加速度为a=_,方向水平向左，B项正确，D项错误。m答案AB1.（2017・台州模拟）如图甲，一竖直放置的轻弹簧下端固定于桌面，现将一物块放于弹簧上同时对物块施加一竖直向下的外力，并使系统静止，若将外力突然撤去，则物块在第一次到达最高
9、点前的速度一时间图象（图中实线）可能是图乙中的（）甲解析撤去外力后，物块先向上做加速度减小的加速运动，当重力与弹力相等时速度达到最大值，以后再做加速度增大的减速运动，当物块与弹簧分离后，再做竖直上抛运动,到最高点时速度为0,故A对。答案A1.（2017•石家庄质检）质量1kg的小物块，在t=0时刻以5m/s的初速度从斜面底端A点滑上倾角为53°的斜面，0.7s时第二次经过斜面上的B点，若小物块与斜面间的动摩擦因数为右则AB间的距离为（己知g=10m/s2,sin53°=0.8,cos53°=0.6）（）A.1.05mB.1・13mC.2.03mD.1.25m解析物块沿斜面上滑和下滑时，加速度
10、分别为：ai=g(sin0+ucos6)=10m/s2,a2=g(sin&—*cos&)=6m/s",物块滑到最高点所用时间为ti=—=0.5s,位移为Xi=^aizaiti=1.25m,物块从最咼点滑到B点所用时间为t2=t—ti=0.2s,位移为X2=ga2t；=0.12m,所以ABI可的距离为Xi—X2=l.13m,选项B对。答案B2.（2017・中山质检）（多选）乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择。若某一缆车沿着坡度为30。的山坡以加速度a上行，如图所示。在缆车中放一个与山坡表而平行的斜面，斜而上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止（设缆车保持竖直状态运行）。贝
11、IJ（）A.小物块受到的摩擦力方向平行斜面向上B.小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下C.小物块受到的滑动摩擦力大小为
12、mg+niaD.小物块受到的静摩擦力大小为*昭+ma解析小物块相对斜而静止，因此它与斜面间的摩擦力是静摩擦力。缆车以加速度a上行，小物块的加速度也为a,以小物块为研究对象，对其受力分析如图所示，则有Fr-mgsin30°=ma,Ff=^mg+ma,方向平行斜面向上。答案AD&（2017・宜宾质
