大学计算机基础部分章节习题答案

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1、第三章习题参考答案8.1)(0.1)21>>(0.1)01(0.1)62)(10)21<(10)01<(10)69.解：X的补码为(3)E16=(11100011)2，所以其反码为(11100010)21=(2)E6，补码为(10011101)21=(9)D610.解：8653113−−(101101010.101)2=×+×+×+×+×+×+×12121212121212=(362.625)10(101101010.101)28=(552.5)(101101010.101)=(101101010.101

2、0)21=(16.)AA6211.解：(100.2)10=(1100100.00110011)?2(100.2)10=(144.14631463)?8(100.2)10=(64.333)?1612.解：(3AE.4)16==(1110101110.0100)2(1656.2)821−(3AE.4)16=×+×++×316101614416=(942.25)1013.解：1)(22)−=10−+(1642)+=10(10010110)2，故其反码为(11101001)2，补码为(11101010)2(97)

3、10=(64321)++=10(01100001)2，而其反码和补码与原码相同。(11101010)222+=(01100001)(101001011)，将最高位1舍弃，得到结果的补码为(01001011)2，结果为正数，所以其原码与补码相同，所以结果为(01001011)21=(75)02)(11)−=10−(821)++=10(10001011)2，反码和补码分别为(11110100)2和(11110101)2(102)−=10−(643242)+++=10(11100110)2，反码和补码为(100

4、11001)2和(10011010)2(11110101)222+=(10011010)(110001111)，将最高位1舍弃，得到补码为(10001111)2，结果为负数，所以结果的反码为(10001110)2，原码为(11110001)21=(113)−0，即结果为(113)−103)(55)−=10(10110111)2，反码为(10011110)2，补码为(11001001)2(97)−=10(11100001)2，反码为(10011110)2，补码为(10011111)2(11001001)22

5、+=(10011111)(101101000)2，去掉最高位得到补码为(01101000)2符号为为0，两个负数相加结果不可能是正数，说明结果产生了溢出。4)(91)−−10(101)−=10(91)−+10(101)10(91)−=10(11011011)2，反码为(10100100)2，补码为(10100101)2(101)10=(01100101)2，反码及补码与原码相同(10100101)22+=(01100101)(100001010)2，将最高位舍弃，得到补码为(00001010)2，结果为正

6、数，其原码与补码相同，所以结果为(00001010)21=(10)014.解：将0.1转换为10位精度的二进制数为(0.0001100110)2，将0.01转换为10位精度的二进制数为(0.0000001010)2。再将0.01的转换结果加十次得到(0.0001100100)2，与0.1的转换结果不相等。15.解：(80)10=(01010000)2，而(01010000)222+(01010000)=(10100000)，其补码为(10011111)2，原码为(11100000)21=(96)−0，即(

7、80)10+(80)10=−(96)1077这是因为8位补码系统所能表示的范围为−2~21−，即−128~127，而8080160+=超出了表示范围，引起了溢出。第四章习题参考答案14：1．手工操作阶段2．批处理操作阶段3．执行系统阶段4.多道程序设计与分时系统阶段5．现代操作系统阶段15:处理器管理存储器管理文件管理设备管理作业管理、用户接口管理、网络通信管理等16:按用户作业的处理方式进行分类，操作系统可以分为批处理操作系统、分时操作系统、实时操作系统。17：操作系统将设备管理分为两层设备管理功能的上

8、层为输入输出控制系统，它负责与用户交互，完成设备的分配、调度并向程序员提供一个统一的编程接口，实现逻辑设备向物理设备的转换设备管理功能的下层为设备驱动程序，它直接与物理设备打交道，控制设备控制器，完成具体的输入/输出操作。18:文件系统是操作系统中与文件管理有关的软件和数据的集合，它是操作系统以文件方式管理计算机软件资源的一套软件，负责为用户建立、撤销、读写、修改和复制文件，以及完成对文件按名存取及存取控制等操作。常见文件系统