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《2016-2017学年教科版选修3-2电能的输送作业》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在工程资料-天天文库。
1、学业分层测评（十二）（建议用时：45分钟）［学业达标］1・交流输电线路中功率损失的主要原因（）A.—定是输电导线具有电阻B.—定是输电导线具有容抗C・一定是输电导线具有感抗D.以上说法均不正确【解析】电能的主要损耗是电热，由P=FR可知A选项正确.【答案】A2.（多选）远距离输送交变电流都采用高压输电，我国正在研究用比330kV高很多的电压进行输电，采用高压输电的优点是（）A.可节省输电线的铜材料B.可根据需要调节交流电的频率C・可减小输电线上的能量损失D.可加快输电的速度【解析】远距离输电往往输送的电功率一定，根据P=U
2、I知，输送电压U越高，则输送电流/=令越小，据P4fi=/2r知，在输电线损耗一定的情况下，输电线电阻可略大，导线可做得细一些或选择电阻率略大的材料（非铜材料）；若输电线确定，即广确定，则可减小输电线上的能量损耗，故选项A、C正确；交变电流的频率是一定的，不需调节，输电的速度就是电磁波的传播速度，故选项B、D错误.【答案】AC3.（多选）下列关于远距离高压直流输电的说法中，正确的是（）A.肓流输电系统只在输电环节是肓流，而发电环节和用电环节是交流B.直流输电系统只在发电环节和用电环节是直流，而输电环节是交流C.整流器将交流变
3、直流，逆变器将直流变交流D.逆变器将交流变直流，整流器将直流变交流【解析】直流输电系统由整流站、直流线路和逆变站三部分组成，在整流站通过整流器将交流电变换为直流电，在逆变站利用逆变器将直流电变换为交流电.因此选项A、C正确.【答案】AC2.（多选）为消除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰.若在正常供电时，高压线上送电电压为电流为/,热耗功率为P；除冰时，输电线上的热耗功率需变为9P,则除冰时（认为输电功率和输屯线电阻不变）（）A.输电电流为3/B.输电电流为9/A.输电电压为3UD.输电电压为
4、【解析】输电线上的热耗功率P线=PR沃,热耗功率由P变为9P,则电流/变为3/,A正确；输电功率P不变，由P=UI知，电流变为3/,输电电压变为扣,D正确.【答案】AD3.（多选）（2016-重庆高二检测）某农村水力发电站的发电机的输出电压稳定,它发出的电先通过电站附近的升压变压器升压，然后用输电线路把电能输送到远处村寨附近的降压变压器，经变压器降压后，再用线路接到各用户，设两变压器都是理想变压器，那么在用电高峰期，口炽灯不够亮，但用电总功率增加，这时（）A.升压变压器的副线圈的电压变大B.高压输电线路的电压损失变大C・降压
5、变压器的副线圈上的电压变大B.降压变压器到各用户的输电线上的电压损失变大【解析】用电高峰期，用户端总电阻由于并联电灯增多而减小，从而电流增大，又由［7损=〃可知，输电导线上的电压损失变大，升压变压器副线圈的电压不变，降压变压器原、副线圈上的电压变小，而降压变压器到各用户的输电线上的电压损失变大.故正确答案为B、D.【答案】BD4.如图2-7-6所示，L｝和厶2是输电线，甲是电压互感器，乙是电流互感器•若已知甲的变压比为500:1,乙的变流比为200：1,并且已知加在电压表两端的电压为220V,通过电流表的电流为5A,则输电线
6、的输送功率为（）A.LIXIO^WB・1」X103WC・L1X10&WD・1・1X1O*W【解析】已知变压比为500：1,电压表示数为220V,故传输电压为：U=220VX500=l.lX105V;已知变流比为200:1,电流表示数为5A,故传输电流为：7=5X200=1000A;故电功率为：P=UI=1」Xio5VX1000A=l.lX108W,故D正确.【答案】D2.中国已投产运行的1000kV特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程.假设甲、乙两地原来用500kV的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P在保持输送电功率和
7、输电线电阻都不变的条件下，现改用1000kV特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为（）APJA-4B.yA.2PD.4P【解析】输送电功率不变，则输电电压与输电电流成反比，所以用1000kV特高压输电时，输电电流为原来输电电流的一半；而输电线上损耗的电功率与输电电流的平方成正比，所以输电线上损耗功率为原来输电线上损耗功率的£即£A项正确.【答案】A3.1987年我国科学家制成了临界温度为90K的高温超导材料.利用超导材料零电阻的性质，可实现无损耗输电.现在有一直流电路，输电线的总电阻为0.4Q,它提
8、供给用电器的电功率是40kW,电压为800V,如果用临界温度以下的超导电缆替代原来的输电线，保持供给用电器的功率和电压不变，则节约的电功率为（）C.1kWA・1.6kWB・L6Xl（PkWA.10kW【解析】节约的电功率即原来输电线上电阻消耗的热功率，X0.4W=1X1O3W=1kW.【答
