2017-2018学年高中物理教科版选修3-2阶段验收评估（二）交变电流word版含解析

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1、阶段验收评估（二）交变电流（时间：50分钟满分：100分）一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分，第1〜5小题中只有一个选项符合题意，第6〜8小题中有多个选项符合题意，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.某交流电源电动势随时间变化的规律如图1所示，现用该电源对标称为“5V10W”的电动机供电；电源内阻不计，下列说法正确的是（）A.电动机的内阻为2.5QB.电动机的发热功率为10WC.通过电动机的电流为2AD.通过电动机的电流为2迈A解析：选C由图知该电源电动势最大值为£„=5迈V,则有效值E=5Vf通过电动机的电流为

2、Z=yA=2A,电动机是非纯电阻元件，电动机内阻r<

3、H=2.5Q,电动机的发热功率P^=/2r

4、中不变，因此，在题图甲铁芯中产生变化的磁通量，副线圈中产生感应电流，Li发光；题图乙铁芯中产生恒定不变的磁通量,副线圏中无感应电流，L2不发光，故正确选项为D。1.如图3甲所示的电路中，A】、A?、A3为相同的电流表，C为电容器，电阻人1、人2、理想变压器原线圈内磁场的变化如图&的阻值相同，线圈厶的电阻不计。在某段时间内,A.电流表A】的示数比A?的小B.电流表A?的示数比A3的小C.电流表A】和A?的示数相同D.电流表的示数都不为零解析：选C因为通过原线圈中的磁感应强度随时间发生均匀变化，所以副线圈将产生恒定电流，由于线圏£的内阻不计，所以A

5、］与A?的示数相同。如题图乙所示，A〜力时间段为图线的中间部分，可认为此时电路已经达到稳定状态，电容器充电过程已结束，由于电容器的“隔直流、通交流”作用，故A3的示数为零，C正确。2.如图4所示，变压器输入有效值恒定的电压，副线圈匝数可调，输出电压通过输电图4线送给用户（电灯等用电器），人表示输电线的电阻，贝!1（）A.用电器增加时，变压器输出电压增大B.要提高用户的电压，滑动触头P应向上滑C.用电器增加时，输电线的热损耗减少D.用电器增加时，变压器的输入功率减小解析：选B由于变压器原、副线圈的匝数不变，而且输入电压不变，因此增加负载不会影响输

6、出电压，故A错误；根据变压器原理可知输出电压U2=—Uy9当滑动触头P向上滑时，血增大，所以输出电压增大，故B正确；由于用电器是并联的，因此用电器增加时总电阻变小，输出电压不变，总电流增大，故输电线上热损耗增大，故C错误；用电器增加时总电阻变小，总电流增大，输出功率增大，所以输入功率增大，故D错误。5・如图5所示，卩为理想变压器，副线圈回路中的输电线血和M的电阻不可忽略，其余输电线电阻可不计，则当开关S闭合时（）A.交流电压表V2和V3的示数一定都变小B.交流电压表V3的示数变小C.交流电流表A】、A?和A3的示数一定变大D.只有A

7、的示数变大

8、解析：选B因为L7不变，故变压器原线圈两端电压3不变，由7?=—可得6不变；5tii当S闭合后副线圈所在电路总电阻减小，由【2=琴可知电流厶增大；由UlI=U212得厶=晋，故厶增大；而电阻从两端电压U3=U2-l2Rr（R‘为输电线电阻），故5变小，h=瓷变小。综上所述，人、厶增大，厶减小，仍不变，3减小，故只有B项正确。6.某交流发电机的输出电压随时间变化的关系如图6所示，输出功率是20kW,用50（）（）V高压输电，输电线总电阻是10Q,用户端利用m:7/2=22:1的变压器降压，则下列说法正确的是（）B.发电机输出电压的有效值为220

9、VC.输电线中电流为500AD.用户得到的电压约为225V解析：选BD由题图知，T=2X10'2s,则/=y=50Hz,A项错;厂220^2p20kWV=220V,B项正确；输电线中电流/=瓦=5000¥=4人，C项错；设用户得到的电压为U,则有5000V-4X10V22u=T,得U~225V,D项正确。7•如图7所示，理想变压器的原.副线pa匝数比为1：5,原线圈两端的交变电压为=20V2sinIOOtt/V,氛泡在两端电压达到100V时开始发光，下列说法中正确的有（）A.开关接通后，氛泡的发光频率为100HzB.开关接通后，电压表的示数为1

10、00VC.开关断开后，电压表的示数变大D.开关断开后，变压器的输出功率不变解析:选AB由交变电压的瞬时值表达式知，原线圈两端电压的有效值为5=^^V由