2017_2018学年高考物理小题狂刷专题19功和功率新人教版

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1、狂刷19功和功率1.关于功和功率的判断,下列说法正确的是A.功的大小只由力和位移的大小决定B.力和位移都是矢量,所以功也是矢量C.功率大的机械做功比功率小的机械做功快D.做功越多,功率就越大【答案】C【名师点睛】功虽有负号,但负号不表示方向,而是表示大小的,如–1J要比1J大。2.光滑水平面上质量为m=1kg的物体在水平拉力F的作用下从静止开始运动,如图甲所示,若力F随时间的变化情况如图乙所示,则下列说法正确的是A.拉力在前2s内和后4s内做的功之比为1:1B.拉力在前2s内和后4s内做的功之比为1:3C.拉力在4s末和6s末做功的功率之比为2:3D.拉力在前2s内和后4s内做功的

2、功率之比为1:1【答案】B-21-3.如图所示,质量为m的小球(可视为质点)用长为L的细线悬挂于O点,自由静止在A位置。现用水平力F缓慢地将小球从A位置拉到B位置后静止,此时细线与竖直方向夹角为θ=60°,细线的拉力为F1,然后放手让小球从静止返回,到A点时细线的拉力为F2,则A.F1=F2=2mgB.从A到B,拉力F做的功为F1LC.从B到A的过程中,小球受到的合力大小不变D.从B到A的过程中,小球重力的瞬时功率一直增大【答案】A【解析】在B位置,根据平衡条件有F1sin30°=mg,解得F1=2mg,从B到A,根据动能定理得mgL(1–cos60°)=mv2,根据牛顿第二定律得

3、F2–mg=m,联立两式解得F2=2mg,故A项正确;从A到B,小球缓慢移动,根据动能定理得WF–mgL(1–cos60°)=0,解得WF=mgL,故B项错误;从B到A的过程中,小球的速度大小在变化,沿径向的合力在变化,故C项错误;在B位置,重力的功率为零,在最低点,重力的方向与速度方向垂直,重力的功率为零,可知从B到A的过程中,重力的功率先增大后减小,故D项错误。-21-4.如图所示,绝缘斜面处在一个竖直向上的匀强电场中,一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端。已知在金属块下滑的过程中动能增加0.3J,重力做功1.5J,电势能增加0.5J,则以下判断正确的是A.金属块带负电荷B.电

4、场力做功0.5JC.金属块克服摩擦力做功0.8JD.金属块的机械能减少1.2J【答案】D5.一物体静止在粗糙斜面上,现用一大小为F1、方向与斜面平行的拉力向上拉动物体,经过时间t后其速度变为v;若将平行斜面方向的拉力大小改为F2,则物体从静止开始经过时间t后速度变为2v。对于上述两个过程,用WF1、WF2分别表示拉力F1、F2所做的功,WG1、WG2分别表示前后两次克服重力所做的功,Wf1、Wf2分别表示前后两次克服摩擦力所做的功,则A.WF2>4WF1、Wf2>2Wf1、WG2>2WG1B.WF2>4WF1、Wf2=2Wf1、WG2=2WG1C.WF2<4WF1、Wf2=2Wf1

5、、WG2=2WG1D.WF2<4WF1、Wf2>2Wf1、WG2=2WG1【答案】C-21-【解析】由题意可知,两次物体均做匀加速直线运动,根据x=·t知,在同样的时间内,它们的位移之比为x1:x2=1:2,两次上升的高度之比为h1:h2=x1sinθ:x2sinθ=1:2,根据克服重力做功WG=mgh得WG2=2WG1;根据克服摩擦力做功Wf=Ffx得Wf2=2Wf1,由牛顿第二定律得F1–Ff–mgsinθ=ma、F2–Ff–mgsinθ=2ma,可得F2<2F1,根据WF=Fx可得WF2<4WF1,故选项C正确。6.一汽车在平直公路上行驶。从某时刻开始计时,发动机的功率P随时

6、间t的变化如图所示。假定汽车所受阻力的大小f恒定不变。下列描述该汽车的速度v随时间t变化的图线中,可能正确的是【答案】A7.关于功和功率的计算,下列说法中正确的是A.用可以计算变力做功B.用可以计算变力做功C.用只能计算恒力做功D.用可以计算瞬时功率【答案】B-21-【解析】是恒力做功公式,不可以计算变力做功,故A错误;动能定理既可以计算恒力做功,也可以计算变力做功,故B正确;用计算的是恒定功率下,外力做的功,此力可以是恒力,也可以是变力,C错误;用计算的是平均功率,不能计算瞬时功率,D错误。8.同一恒力按同样方式施于物体上,使它分别沿着粗糙水平地面和光滑水平地面移动相同的一段距离

7、,恒力的功和功率分别为W1、P1和W2、P2,则两者的关系是A.W1>W2B.W1P2D.P1

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