解析几何教程+廖华奎王宝富+课后习题

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1、第一章向量代数习题1.11.试证向量加法的结合律，即对任意向量成立证明：作向量（如下图），则故2.设两两不共线，试证顺次将它们的终点与始点相连而成一个三角形的充要条件是证明：必要性，设的终点与始点相连而成一个三角形，则充分性，作向量，由于所以点与重合，即三向量的终点与始点相连构成一个三角形。1.试证三角形的三中线可以构成一个三角形。证明：设三角形三边的中点分别是（如下图），并且记，则根据书中例1.1.1，三条中线表示的向量分别是所以，故由上题结论得三角形的三中线可以构成一个三角形。2.用向量法证明梯形两腰中点连线平行于上、下底且等于它们长度和的一半。证明：如下图，梯形两腰中

2、点分别为，记向量，则而向量与共线且同向，所以存在实数使得现在由于是的中点，所以且故梯形两腰中点连线平行于上、下底且等于它们长度和的一半。1.试证命题1.1.2。证明：必要性，设共面，如果其中有两个是共线的，比如是，则线性相关，从而线性相关。现在设两两不共线，则向量可以在两个向量上的进行分解，即作以为对角线，邻边平行于的平行四边形，则存在实数使得，因而线性相关。充分性，设线性相关，则存在不全为零的数，使得。不妨设，则向量可以表示为向量的线性组合，因此由向量加法的平行四边形法则知道向量平行于由向量决定的平面，故共面。2.设是不共线的三点，它们决定一平面，则点在上的充要条件是存在

3、唯一的数组使得其中，是任意一点。在内的充要条件是(*)与同时成立。证明：必要性，作如下示意图，连接并延长交直线于。则由三点共线，存在唯一的数组使得，并且。由三点共线，存在唯一的数组使得，并且。于是，设由，的唯一性知道的唯一性，则且。充分性，由已知条件有,得到，因而向量共面，即在决定的平面上。如果在内，则在线段内，在线段内，于是，则。如果（*）成立且，则有，这说明点在角内。同样可得到，这说明点在角内。故在内。1.在中，点分别在边与上，且与交于，试证证明：作如下示意图，由三点共线，存在使得，由三点共线，存在使得，由于有因而。由于向量不共线，所以，解此方程组得。由此得，。同理得到

4、。故得1.用向量法证明的三条中线交于一点，并且对任意一点有证明：设分别是边的中点，则交于一点，连接。由三点共线，存在使，由三点共线，存在使，于是得，解得。从而有，然而，故，即三点共线，的三条中线交于一点。任取一点，由，得到，于是9.用向量法证明四面体的对棱中点连线交于一点，且对任意一点有证明：设四面体的棱的中点分别是，棱的中点分别是，如下图。则对棱中点连线为。则容易知道，，因此四边形是平行四边形，相交且交点是各线段的中点。同理也相交于各线段的中点，故交于一点。由以上结论知道，对任意一点，由是的中点，有，即10.设是正边形的顶点，是它的中心，试证证明：设，将正边形绕着中心旋转

5、。一方面向量绕点旋转了角度而得到一个新的向量；另一方面，正边形绕着中心旋转后与原正边形重合，因而向量没有变化。方向不同的向量要相等只能是零向量，故证法2：由于是正边形的顶点，是它的中心，所以，其中。由三角不等式得到，故有。所以，由于，所以11.试证：三点共线的充要条件是存在不全为零的实数使得且其中，是任意取定的一点。证明：必要性，如果三点中至少有两点重合，比如重合，则，所以结论成立。如果互不重合，由例1.1.1知道三点共线的充要条件是存在数使得，令，则不全为零，有，。充分性，设且，则，，由于不全为零，以及点的任意性，可知不全为零，否则也为零。所以不妨设，则，因而三点共线。习

6、题1.21.给定直角坐标系，设，求分别关于平面，轴与原点的对称点的坐标。解：在直角坐标系下，点关于平面，轴与原点的对称点的坐标分别是，，。2.设平行四边形的对角线交于点，设在仿射标架下，求点的坐标以及向量的坐标。解：作如下示意图，因为是中点，所以=故在仿射标架下，点的坐标分别为所以向量在仿射标架下的坐标为3.设，求下列向量的坐标：（1）；（2）。解：（1）（2）4.判断下列各组的三个向量是否共面？能否将表示成的线性组合？若能表示，则写出表示式。（1）（2）（3）解：（1）设即则有该方程组只有零解所以三向量不共面。（2）设即则有该方程组等价于由此得到只要不为零，就不为零，所以

7、三向量共面。取，则所以即可表示成的线性组合。（3）设即则有该方程组等价于方程组有非零解（2，1，0），所以三向量共面。由于只能为零，故不能表示成的线性组合。5.在中，设是边的三等分点，试用和表出与。6.设在一平面上取一个仿射标架，上三点共线当且仅当证明：三点共线当且仅当，即展开得展开行列式得故命题成立。7.在中，设分别是直线上的点，并且证明共线当且仅当证明：作如下示意图，由于分别是直线上的定比分点，所以。建仿射标架，由于；；。所以在仿射标架下的坐标分别为。根据上题的结论，共线当且仅当展开行列式即得到1.试证命题1.