计算机网络复习题及答案

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1、计算机网络复习题及答案1.1.说明使用ethereal捕获一个WWW数据包的操作过程。分析该包的HTTP首部、TCP首部、IP首部、以太网帧首部时,应该实施的操作都有哪些?答:启动ethereal后,按Ctrl+K,运行CaptureOptions对话框,在interface中指定要抓包的接口网卡,单击CaptureFilter,弹出CaptureFilter对话框,选择HTTPTCPport80(HTTP)后,按OK返回CaptureOptions对话框,然后按Start就开始抓包了.抓包结束后,在数据包列表中选中要分析的包,中间的协议树就会显示选定的数据

2、包所属的协议信息.当分析该包的HTTP首部、TCP首部、IP首部、以太网帧首部时,只需要在协议树中选中要分析的协议,最下边就以十六进制形式显示选中的内容.1.2.TCP套接字编程与UDP套接字编程有何不同?答:套接字是应用进程和TCP之间的门户,应用程序开发者在套接字的应用层端可以控制所有东西,唯一不能控制的是运输层端。1首先因为UDP是一种无连接的服务,即在两个进程之间没有创建管道是所需的初始握手阶段,2因为UDP没有管道,所以当一个进程需要向另一个进程发送数据时,该发送进程需要为这些字节附上目的进程地址,并且该过程中的每批字节都必须附有目的进程地址,3U

3、DP为通信进程提供的是不可靠的运输服务,它并不确保数据报将到达他的最终目的地。4没有流与套接字相联系。2.现截获了三个以太网帧Frame#15~#17,如下:0080c85ae38800602f87010308004508002cd12240003f068a278c8063058c8064740014042dfba1198d00000000600240005e3c0000020405b4Frame#15Server端àClient端Frame#16Client端àServer端00602f8701030080c85ae38808004500002c810e4

4、000800699438c8064748c806305042d00140038bb3efba1198e60122238c07c0000020405b40080c85ae38800602f870103080045080028d12340003f068a2a8c8063058c8064740014042dfba1198e0038bb3f50104470b6010000Frame#17Server端àClient端这3个包的主要是建立一个TCP连接,试问:(1)写出这一个TCP连接的套接字对(SocketPair)。用16进制值的形式表示。8答:srvSock(8

5、c806305,0014)cliSock(8c806474,042d)(2)对这一个TCP连接而言,双方电脑中,那一端电脑是所谓的主动请求者(activeopen)?那一端电脑是所谓的被动请求者(passiveopen)?答:server是所谓的主动请求者,(3)对使用这一个TCP连接的“Server端”与“Client端”而言,其各自的“起始序号(ISN:InitialSequenceNumber)”各为何值?答:server端:fba1198dclient端:0038bb3e3.现截获了一个以太网帧Frame#4,如下:0080c85ae38800602

6、f87010308004510005ec95640003f0691b98c8063058c8064740015042cfafca91a0038171c5018447036b20000323230206d61696c2e7468752e6564752e747720465450207365「TCPData」72766572202856657273696f6e20362e位置3030292072656164792e0d0aFrame#4Server端àClient端在解析Frame#4包内“TCP-Data”长度是多少?要求提出2种方法。答:第一种:用IP数据报中

7、的数据报长度来求,即:005e=9494-40=54个字节。第二种:Length(TCP-Data)=Length(Frame)-Length(Frameheader) =108bytes-(14+20+20)=54bytes 4.1.说明路由器的体系结构,以及各部件的功能。答:路由器由输入端口.交换结构.输出端口.路由选择处理器四部分组成.输入端口要完成将一条输入的物理链路端接到路由器的物理层功能,要实现与输入链路令一侧的数据链路层功能互操作所需的链路层功能,要完成查找与转发功能以便转发到路由器交换结构部分的分组能出现在适当的输出端口;交换结构将路由器的输

8、入端口连接到它的输出端口,交换结构完全包容在路由器中

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