计算机网络原理复习题

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1、☆自考乐园---心境随缘，诚与天下自考人共勉！！！☆自考乐园---分享快乐，你的快乐老家！！！☆自考乐园---引领成功，你的精神乐园！！！QQ群名：自考乐园_计算机网络；QQ群号：63803088三章物理层P694题见黑板练习a)不归零码(NRZ)b)曼彻斯特码c)差分曼彻斯特码5题见黑板练习：公式见P431）对于带宽为6MHZ的信道，若用4种不同的状态来表示数据，在不考虑热噪声的情况下，该信道的最大数据传输速率为多少？答：C=2H* LOG2N=2*6MHZ* LOG24=24MBPS2）信道带宽为3KHZ，信噪比为30DB，则每秒能发送的比特数不会超过多少？答：C=H* LO

2、G2（1+S/N）=3KHZ* LOG2（1+1030/10）=30KBPS  （此应为约数）3）采用8种相位、每种相位各有两种幅度的PAM调制方法，在1200BAUD的信号传输速率下能达到的数据传输速率为多少？答：C=B* LOG2（8*2）=1200BAUD* LOG2（16）=4800BPS4）采用每种相位各有两种幅度的PAM调制方法，在带宽为8KHZ的无噪声信道上传输数字信号，若要达到64KBPS的数据速率，问至少要多少种不同的相位？答：C=2H* LOG2（X*2）= 64KBPS=2*8KHZ* LOG2（X*2）LOG2（X*2）=4   X*2=16   X=8种

3、5）对于带宽为4KHZ的语音信号，采用量化级别为128的PCM方法编码，问所产生的二进制位起码要用多大传输速率的信道才能传输？答：二进制位数= LOG2（128）=7位C=2*4KHZ*7位=56kBPS9题题目见书解：传播延迟等于：50*103米/（2*108米/秒）=25*10-5秒=250微秒100字节/250微秒=0。4字节*106/秒=0。4M字节/秒=3。2位/秒512字节/250微秒=2。04M字节/秒因此，带宽分别等于0。4M字节/秒和2。04M字节/秒10题．计算在下列情况下一个分组的延迟（从发出第1位开始到收到最后1位为止）：☆自考乐园---心境随缘，诚与天下

4、自考人共勉！！！☆自考乐园---分享快乐，你的快乐老家！！！☆自考乐园---引领成功，你的精神乐园！！！QQ群名：自考乐园_计算机网络；QQ群号：63803088（a）在通路上有1个存储转发交换机的1Gbps以太网，分组大小是5000位。假定每条链路引入10微妙的传播延迟，并且交换机在接收完分组之后立即重发。解答：分析一个交换机应有2条链路1位的发送延迟=1/109=10-9S=0.001μs所以，一个分组由5000位组成，在每条链路上引入的发送延迟是5μs，分组在每条链路上的传播延迟都是10μs因此总的延迟等于：5×2+10×2=30μs。（两次发送，两次传播）（整个分组接收完

5、经过分析才确定转发的外出端口，因此延迟了一个分组的发送时间）（b）跟（a）的情况类似，但有3个交换机。解答：3个交换机，共有4条链路，总的延迟等于：5×4+10×4=60μs。（4次发送，4次传播）（c）跟（a）的情况相同，但假定交换机实施“直通”交换：它可以在收到分组的开头128位后就重发分组。解答：使用直通交换，交换机延迟分组128位，即0.128μs。在这种情况下仍然有1个5μs的发送延迟，2个10μs的传播延迟，再加上0.128μs的交换机转发延迟，因此总的延迟等于：5×1+10×2+0.128=25.128μs（1个发送延迟，2个传播延迟，1个转发延迟）如果像（b）那样

6、有3个交换机，那么总的延迟将会等于：5×1+10×4+0.128×3=45.384μs。（1个发送延迟，4个传播延迟，3个转发延迟）11题。解答:a)传播时延=55*106米/(3*108米/秒)=0.183秒b)总时间=数据发送时间+信号传播时延发送时间=5MB/128K=0.31秒总时间=0.31+0.18=0.49秒12题见黑板☆☆☆☆分别计算T1载波和E1载波的编码效率和开销率。解答：见P491)T1载波　　Bell系统的T1载波利用脉码调制PCM和时分TDM技术，使24路采样声音信号复用一个通道。每一个帧包含193位，每一帧用125us时间传送。T1系统的数据传输速率为

7、1.544Mbps。 T1载波帧结构　　2)E1载波　　CCITT建议了一种2.048Mbps速率的PCM载波标准，称为E1载波(欧洲标准)。它每一帧开始处有8位同步作用，中间有8位作用信令，再组织30路8位数据，全帧包括256位，每一帧用125us时间传送。可计算出E1系统的数据传输速率为256位/125us=2.048Mbps。所以：☆自考乐园---心境随缘，诚与天下自考人共勉！！！☆自考乐园---分享快乐，你的快乐老家！！！☆自考乐园---引领成功，你的精神乐园！！！QQ群