通信原理课后答案2new

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1、5－10某线性调制系统的输出信噪比为20dB，输出噪声功率为，由发射机输出端到解调器输入端之间总的传输损耗为100dB，试求：（1）DSB/SC时的发射机输出功率；（2）SSB/SC时的发射机输出功率。解：设发射机输出功率为S，解调器输入信号功率为Si,则传输损耗K=S/Si=100(dB).（1）DSB/SC的制度增益G=2，解调器输入信噪比相干解调时：Ni=4No因此，解调器输入端的信号功率：发射机输出功率：（2）SSB/SC制度增益G=1，则解调器输入端的信号功率发射机输出功率：6-1设二进

2、制符号序列为110010001110，试以矩形脉冲为例，分别画出相应的单极性码波形、双极性码波形、单极性归零码波形、双极性归零码波形、二进制差分码波形及八电平码波形。解：各波形如下图所示：6-8已知信息代码为1010000011000011，求相应的AMI码及HDB3码，并分别画出它们的波形图。解：6-11设基带传输系统的发送滤波器、信道及接收滤波器组成总特性为H(w)，若要求以2/Ts波特的速率进行数据传输，试检验图P5-7各种H(w)是否满足消除抽样点上码间干扰的条件？解：无码间干扰的条件是：

3、(a)则，无码间干扰传输的最大传码率为：故该H(w)不满足消除抽样点上码间干扰的条件。(b)则，无码间干扰传输的最大传码率为：虽然传输速率小于奈奎斯特速率，但因为RBmax不是2/Ts的整数倍，所以仍然不能消除码间干扰。故该H(w)不满足消除抽样点上码间干扰的条件。(c)如下图所示，H(w)的等效Heq(w)为：则，无码间干扰传输的最大传码率为：故该H(w)满足消除抽样点上码间干扰的条件。(d)按照(c)同样的方法，H(w)的等效Heq(w)为：则，无码间干扰传输的最大传码率为：故该H(w)不满足

4、消除抽样点上码间干扰的条件。当码元速率为2/Ts时，它的频谱周期为：，即在频谱上将H(ω)左右平移一个，若在和范围内为常数，则无码间干扰，否则就存在码间干扰，现分别对上图进行分析：对图(a)有：-π/Ts0π/Ts1H(ω)ω(a)在虚线范围内叠加不为常数，所以存在码间干扰；-3π/Ts03π/Ts1ωH(ω)(b)对图(b)有：在虚线范围内叠加不为常数，所以存在码间干扰；对图(c)有：-4π/Ts01H(ω)ω4π/Ts(c)在虚线范围内叠加为常数1，所以无码间干扰；对图(d)有：-2π/Ts0

5、2π/Ts1ωH(ω)(d)在虚线范围内叠加不为常数，所以存在码间干扰。6-13.为了传送码元速率RB=103(B)的数字基带信号，试问系统采用图P5-9中所画的哪一种传输特性较好？并简要说明其理由。04×103π1ωH(ω)图P5-92×103π103π-2×103π-103π-4×103π(b)(a)(c)0.5解：分析各个传输特性有无码间干扰，由于码元传输速率为RB=103，即频谱的周期为：，04×103π1ωH(ω)2×103π103π-2×103π-103π-4×103π(a)对于图(a

6、)有：在〔-103π,103π〕区间内叠加为常数2，所以不存在码间干扰；该系统的频带利用率为：04×103π1ωH(ω)2×103π103π-2×103π-103π-4×103π(b)对于图(b)有：在〔-103π,103π〕区间内叠加为常数2，所以不存在码间干扰；该系统的频带利用率为：对于图(c)有：04×103π1ωH(ω)2×103π103π-2×103π-103π-4×103π(c)在〔-103π,103π〕区间内叠加为常数1，所以不存在码间干扰；该系统的频带利用率为：综上所述，从系统的可

7、靠性方面看：三个系统都不存在码间干扰，都可以进行可靠的通信；从系统的有效性方面看：(b)和(c)的频带利用率比较高；从系统的可实性方面看：(a)和(c)比较容易实现，(b)比较难实现。所以从以上三个方面考虑，(c)是较好的系统。7-1.设发送数字信息为1011001，试分别画出OOK、2FSK、2PSK及2DPSK信号的波形示意图。解7-2设某OOK系统的码元传输速率为1000B，载波信号为：（1）每个码元中包含多少个载波周期？（2）求OOK信号的第一零点带宽。解：所以每个码元中包含2000个载波

8、周期。（2）7-4设二进制信息为0101，采用2FSK系统传输。码元速率为1000B，已调信号的载频分别为3000Hz和1000Hz。（1）若采用包络检波方式进行解调，试画出各点时间波形；（2）若采用相干方式进行解调，试画出各点时间波形；（3）求2FSK信号的第一零点带宽。相干解调（3）第一零点带宽为7-7设发送的绝对码序列为011010，采用2DPSK方式传输。已知码元传输速率为1200B,载波频率为1800Hz。定义相位差为后一码元起始相位和前一码元结束相位之差：（1）若=0代