下列微软office软件中 - 下列微软office软件中，可以发送或阅读电子

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●下列微软Office软件中，可以发送或阅读电子邮件的是(1)。(1)A．OutlookExpressB．AccessC．ExcelD．PowerPoint【解析】OutlookExpress可以发送或阅读电子邮件；Access可以创建数据库和程序；Excel能够创建或阅读电子表格；PowerPoint能够创建或播放幻灯片。●在Windows操作系统中，将某文件夹下的MP3文件拖到正在播放的WindowsMediaPlayer上，会看到光标下方出现一个带边框的小+号，放开鼠标，这时会(2)。(2)A．WindowsMediaPlayer没反应，继续播放原文件B．弹出对话框，提示非法操作C．播放该MP3文件D．同时播放两个文件【解析】将某文件夹下的MP3文件拖到正在播放的WindowsMediaPlayer上，WindowsMediaPlayer会停止播放原来的影音文件，并播放新拖动MP3文件。●在Windows操作系统中，能够在某一程序界面的不同控件间切换的快捷键是(3)。(3)A．Alt+TabB．TabC．Alt+CD．Ctrl+Tab【解析】快捷键Alt+Tab完成在多个运行的程序界面之间切换的功能，Tab能够在某一程序界面的不同控件间切换。●下面关于面向对象方法中消息的叙述，不正确的是(4)。(4)A．键盘、鼠标、通信端口、网络等设备一有变化，就会产生消息B．操作系统不断向应用程序发送消息，但应用程序不能向操作系统发送消息C．应用程序之间可以相互发送消息D．发送与接收消息的通信机制与传统的子程序调用机制不同【解析】在系统中既使用对象又使用类和继承等机制，而且对象之间仅能通过传递消息实现彼此的通信，这样的方法才称为"面向对象的方法"。●在下列的选项中，(5)能申请专利。(5)A．中国游戏在线的游戏规则B．联众中新的及时通信协议C．永动机D．陈景润证明的歌德巴赫猜想【解析】联众中新的及时通信协议是一种发明，能够申请专利。●软件开发的螺旋模型综合了瀑布模型和演化模型的优点，还增加了(6)。采用螺旋模型时，软件开发沿着螺线自内向外旋转，每转一圈都要对(7)进行识别和分析，并采取相应的对策。螺旋线第一圈的开始点可能是一个(8)。从第二圈开始，一个新产品开发项目开始了，新产品的演化沿着螺旋线进行若干次迭代，一直运转到软件生命期结束。(6)A．版本管理B．可行性分析C．风险分析D．系统集成(7)A．系统 B．计划C．风险D．工程(8)A．原型项目B．概念项目C．改进项目D．风险项目【解析】螺旋模型的图形表示为，在笛卡儿坐标的4个象限上分别表达了4方面的活动：(1)制定计划--确定软件目标，选定实施方案，弄清项目开发的限制条件；(2)风险分析--分析所选方案，考虑如何识别和消除风险；(3)实施工程--实施软件开发；(4)客户评估--评价开发工作，提出修正建议。●8位二进制原码表示整数的范围是(9)。(9)A．0~+128B．-128~+128C．0～+127D．-127~127【解析】8位二进制原码表示整数的范围是11111111～011111111，即-(27-1)=-127～27-1=127。●设有代码1010，它的海明校验码是(10)。(10)A．11101010B．10001011C．101010D．1010010●试题答案(10)D【解析】计算校验比特的公式如下：R2=I4+I3+I2，R1=I4+I3+I1，R0=I4+I2+I1根据题意，可得：R2=0，R1=1，R0=0。所以海明校验码为1010010。●若码值FFH是一个整数的原码表示，则该整数的真值为(11)：若码值FFH是一个整数的补码表示，则该整数的真值为(12)。(11)A．0B．127C．-127D．-1(12)A．0B．127C．-127　D．-1【解析】FFH化成二进制为11111111，若它表示原码，为-127。若它表示补码，化成原码为00000001，即-1。●采用SPOOLing技术是为了(13)。(13)A．提高主机效率B．减轻用户编程负担C．提高程序的运行速度D．提高独占设备的利用率 【解析】SPOOLing，即外围设备联机并行操作，它除了是一种速度匹配技术外、也是一种虚拟设备技术。用一种物理设备模拟另一类物理设备，使各作业在执行期间只使用虚拟的设备，而不直接使用物理的独占设备。这种技术可使独占的设备变成可共享的设备，使得设备的利用率和系统效率都能得到提高。●进程调度有各种各样的算法，如果算法选择不当，就会出现(14)现象。(14)A．颠簸(抖动)B．进程长期等待C．列锁D．Belady(异常)【解析】进程调度的职责是按选定的算法从就绪队列中选择一个进程，让它占用处理器。算法的选择应尽量提高处理器利用率、增大吞吐量、减少进程的等待时间和缩短响应时间。●在磁盘和磁带这两种磁表面存贮器中，存取时间与存贮单元的物理位置有关。按存取方式分(15)。(15)A．二者都是顺序存取B．二者都是随机半顺序存取C．磁盘是随机半顺序存取，磁带是顺序存取D．磁盘是顺序存取，磁带是随机半顺序存取【解析】磁表面存储器是通过磁头和记录介质的相对运动完成写入和读出，因此其存取时间与存贮单元的物理位置有关。按存取方式分磁盘是随机半顺序存取，磁带是顺序存取。●寄存器间接寻址方式中，操作数在(16)中。(16)A．通用寄存器B．堆栈C．主存单元D．专用寄存器【解析】寄存器间接寻址，在寄存器中给出的不是一个操作数，而是操作数在内存中的地址。●在计算机系统中，表征系统运行状态的部件是(17)。(17)A．程序计数器B．累加寄存器C．中断计数器D．程序状态字【解析】计算机系统中，表征系统运行状态的部件是程序状态字。●CPU输出数据的速度远远高于打印机的打印速度，为了解决这一矛盾，可采用(18)。(18)A．并行技术B．通道技术C．缓冲技术D．虚存技术【解析】缓冲技术是两种不同速度的设备之间传输信息时平滑传输过程的一种常用手段。●控制器的作用是控制整个计算机的各个部件有条不紊地工作，它的基本功能就是从内存取指令和(19)。(19)A．执行指令B．向内存写指令C．辨别指令D．传递指令 【解析】控制器的作用是控制程序的执行，它具有以下基本功能：取指令、分析指令和执行指令，通过执行实现每条指令的功能。●有如下两个关系，其中雇员信息表关系EMP的主键是雇员号，部门信息表关系DEPT的主键是部门号。EMP表：DEPT表：若执行下面列出的操作，哪个操作不能成功执行?(20)。(20)A．从EMP中删除行('010'，'李金娜'，'01'，1200)B．在EMP中插入行('102'，'张敏'，'01'，1500)C．将EMP中雇员号='056'的工资改为1600元D．将EMP中雇员号='101'的部门号改为'05'●下面列出的条目中，(21)是数据库系统的组成成员。Ⅰ．操作系统Ⅱ．数据库管理系统Ⅲ．用户Ⅳ．数据库管理员Ⅴ．数据库(21)A．Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ和ⅤB．Ⅱ、Ⅳ和ⅤC．Ⅰ、Ⅱ、Ⅳ和ⅤD．都是【解析】一个完整的数据库系统是应包括以下几部分：支撑数据库的软硬件平台、数据库管理系统、数据库及维护和使用人员。●设关系R是4元关系，关系S是一个5元关系，关系T是R与S的笛卡儿积，即T=R×S，则关系T是(22)元关系。(22)A．14B．9C．24D．42【解析】根据笛卡儿积的定义：有n元关系R及m元关系S，它们分别有p、q个元组，则关系R与S经笛卡儿积记为R×S，该关系是一个n+m元关系，元组个数是p×q，由R与S的有序组组合而成。●下面所列的工具中，不能用于数据库应用系统界面开发的工具是(23)。(23)A．VisualBasicB．DelphiC．PowerDesigner D．PowerBuilder【解析】PowerDesigner是一个功能强大而使用简单的建模工具集。●在数据库管理系统中，下面哪个模块不是数据库存取的功能模块?(24)。(24)A．事务管理程序模块B．数据更新程序模块C．交互式程序查询模块D．查询处理程序模块【解析】事务管理程序用来控制并协调跨多个资源管理程序的事务，它不是数据库存取的功能模块。●设关系R和关系S具有相同的属性个数，且相应的属性取自同一个域，则(t｜t∈R∧t∈S}，t是元组变量其结果关系是(25)。(25)A．R∪SB．R∩SC．R-SD．R-(R-S)【解析】题目中的关系演算含义是结果记录即属于R，又属于S，也就是R和S的交集。●软件设计一般划分为概要设计和详细设计，以下(26)属于概要设计内容。(26)A．屏幕设计B．结构设计C．代码设计D．I／O设计【解析】结构设计一般属于概要设计阶段。●汽车有一个发动机。汽车和发动机之间的关系是(27)关系。(27)A．一般-具体B．整体-部分C．分类关系D．主从关系【解析】类有两种主要的结构关系，即一般-具体结构关系和整体-部分结构关系。前者称为分类结构，用来描述现实世界中的一般化的抽象关系；后者称为组装结构，用来描述现实世界中的类的组成的抽象关系。汽车和发动机的关系很明显，应该属于整体-部分关系。●计算机软件著作权的主体包括(28)。(28)A．公民B．法人C．其他组织D．A、B和C【解析】根据著作权法和《计算机软件保护条例》的规定，计算机软件著作权的主体包括公民、法人和其他组织。●国外先进标准是指(29)的其他国际组织的标准、发达国家的国家标准、区域性组织的标准、国际上有权威的团体标准和企业(公司)标准中的先进标准。(29)A．未经ISO确认并公布B．经ISO确认并公布C．未经ISO确认也未公布D．经ISO确认但还未公布 【解析】国外先进标准是指未经ISO确认但已公布的其他国际组织的标准、发达国家的国家标准、区域性组织的标准、国际上有权威的团体标准和企业(公司)标准中的先进标准。●下面关于认证技术的说法中错误的是(30)。(30)A．账户名／口令认证是最常用的一种认证方式B．消息认证能够确定接收方受到的消息是否被篡改过C．身份认证是用来对网络中的实体进行验证的方法D．数字签名是十六进制的字符串【解析】本题考查对计算机网络安全认证概念的熟悉。认证技术主要解决网络通信过程中通信双方的身份认可。认证方式主要有：1.账户名／口令认证；2.使用摘要算法的认证；3.基于PKI的认证。其中账户名／口令认证是最长用的一种认证方式。目前有关认证使用的技术包括消息认证、身份认证和数字签名。1.消息认证消息认证称为完整性校验，它使接收方能够验证收到消息的发送者及其发送的消息是否真实的方法。2.身份认证一个身份的合法拥有者被称为一个实体，身份认证是用来对网络中的实体进行验证的方法。3.数字签名数字签名是给计算机网络中传送的报文加盖印章以保证其真实性的一种技术。数字签名是1和0的字符串，因消息而异。●程序排错是排除经测试发现出错的程序中错误的措施，其中测试排错法发现和排除错误的主要手段是利用(31)。(31)A．跟踪程序执行B．测试实例比较C．实现逻辑推断D．路径反向搜索【解析】测试排错法主要是靠测试实例比较发现和排除错误。●在已知待排序文件已基本有序的前提下，效率最高的排序方法是(32)。(32)A．归并排序B．直接选择排序C．快速排序D．直接插入排序【解析】在已知待排序文件已基本有序的前提下，效率最高的排序方法是直接插入排序。●如果想在4092个数据中只需要选择其中最小的5个，采用(33)方法最好。(33)A．起泡排序B．堆排序C．锦标赛排序D．快速排序【解析】堆排序的思路是首先将待排序记录组织成一个堆，将堆顶元素放入有序表中，然后将余下的记录再组织成堆，继续将堆顶元素放入有序表中，直到所有记录都进入有序表。如只需要选择某批数据中最小的5个，可以利用堆排序即可。●队列通常采用两种存储结构是(34)。 (34)A．顺序存储结构和链表存储结构B．散列方式和索引方式C．链表存储结构和数组D．线性存储结构和非线性存储结构【解析】队列通常采用两种存储结构是顺序存储和链表存储。●若一棵二叉树中，度为2的结点为9，则该二叉树的总结点数为(35)。(35)A．10B．11C．12D．不确定【解析】题中只给出了度为2的结点数，而度为1和叶子的结点数没有确定，因此该二叉树的总结点数不确定。●在数组A中，每一个数组元素A［i，j］占用3个存储字，行下标i从1到8，列下标j从1到10。所有数组元素相继存放于一个连续的存储空间中，则存放该数组至少需要的存储字数是(36)。(36)A．80B．240C．100D．270【解析】8×10×3=240。●采用线性链表表示一个向量时，要求占用的存储空间地址(37)。(37)A．必须是连续的B．部分地址必须是连续的C．一定是不连续的D．可连续可不连续【解析】链接存储的一个特点是对存储空间的要求不一定非要连续，即链接表占用的存储空间地址可连续，也可不连续。它跟链接表存储的内容无关。●MIDI和MP3是PC机中两种不同类型的数字声音。下列叙述中，错误的是(38)。(38)A．MIDI是一种使用符号表示的、由计算机合成的音乐B．MP3是一种经过压缩编码的波形声音C．同一首乐曲的MP3文件比MIDI文件的数据量少D．MIDI和MP3都可以使用Windows的媒体播放器进行播放【解析】MIDI的主要优点之一是生成的文件比较小。它比同一首乐曲的MP3文件要小得多。●数字视频信息的数据量相当大，必须对数字视频信息进行压缩编码才适合于存储和传输。下面关于数字视频压缩编码的叙述中，错误的是(39)。(39)A．VCD光盘上存储的视频信息采用的是MPEG-1压缩编码标准B．DVD光盘上存储的视频信息采用的是MPEG-2压缩编码标准C．JPEG2000是一种最新的数字视频压缩编码标准D．AVI和MPG都是Windows中视频文件的扩展名【解析】JPEG2000是静止图像压缩标准，而非数字视频压缩编码标准。●CCD芯片的像素数目是数码相机的重要性能指标之一。假定一个数码相机的像素数目为200万，则所拍摄相片能达到的最大分辨率为多少像素?(40)。(40)A．2048×1024B．1024×768 C．1280×1024D．1600×1200【解析】1600×1200=192万<200万，而2048×1024=2097152>200万，所以选D。●已知一个线性表(38，25，74，63，52，48)，采用的散列函数为H(Key)=Keymod7，将元素散列到表长为7的哈希表中存储。若采用线性探测的开放定址法解决冲突，则在该散列表上进行等概率成功查找的平均查找长度为(41)；若利用拉链法解决冲突，则在该散列表上进行等概率成功查找的平均查找长度为(42)。(41)A．1.5B．1.8C．2.0D．2.3(42)A．6/5B．7/6C．4/3D．3/2【解析】根据题意，使用线性探测的开放定址法，各数的位置分别是(0，63)，(1，48)，(3，38)，(4，25)，(5，74)，(6，52)。平均查找长度为(1+3+1+1+2+4)/6=2.0；使用拉链法，0和6地址下有一个节点，3和4地址下有两个节点，即平均查找长度为(1+1+1+1+2+2)/6=4/3。●给定一个有n个元素的线性表。若采用顺序存储结构，则在等概率前提下，向其插入一个元素需要移动的元素个数平均为(43)。(43)A．n+lB．n/2C．D．【解析】线性表n个元素共有n+1个可能插入的位置，从左到右分别需要移动n，n-1，n-2，n-3，……，0。所以平均移动次数为(n+1)×(n+0)/2(n+1)=n/2。●操作系统是一种系统软件，它有许多种类，PC-DOS是一种(44)操作系统，Windows是具有图形界面的(45)运行方式的操作系统。Windows应用程序之间可以方便地通过(46)交换数据。将正在运行的应用程序窗口最小化后，该应用程序处于(47)状态。(48)是在体系结构上采用了客户机/服务器模式的网络操作系统。(44)A．多用户B．分时C．单用户D．分布式(45)A．单任务B．多任务C．单用户D．单线程(46)A．邮箱B．文本区C．对话框D．剪贴板(47)A．运行B．挂起 C．退出D．停止(48)A．Windows95B．WindowsNTC．Windows3.2D．Windows98【解析】DOS只支持单用户，而Windows是具有图形操作界面的多任务操作系统，应用程序可通过剪贴板来实现数据交换。Windows程序窗口最小化后，会在后台继续运行。WindowsNT是在体系结构上采用了客户机/服务器模式的网络操作系统。●分时操作系统的主要特征之一是提高(49)。(49)A．计算机系统的实时性B．计算机系统的交互性C．计算机系统的可靠性D．计算机系统的安全性【解析】分时操作系统将时间划分为片，将各片分给不同的任务，提高系统的交互性。●在Windows环境下，若资源管理器左边文件夹中的某文件夹左边标有"+"标记，则表示(50)。(50)A．该文件夹为空B．该文件夹中含有子文件夹C．该文件夹中只包含有可执行文件D．该文件夹中包含系统文件【解析】若资源管理器某文件夹左边标有"+"标记，则表示该文件夹中含有子文件夹。●选中一个Windows文件，按住〈Shift〉键，再按〈Del〉键，则此文件(51)。(51)A．放到回收站B．永久删除C．改为隐含文件D．放到硬盘的一个指定地点【解析】按住Shift键再按Del键，选中的文件将不会进入回收站，它将被直接删除。●内存地址从2000H~3000H，共有(52)个内存单元。(52)A．4096B．1024C．2048D．1000【解析】内存地址从2000H到3000H，所以有3000H-2000H=1000H个内存单元，转换为十进制数为4096。●在请求分页管理中，若采用先进先出(FIFO)页面置换算法，可能会产生"FIFO异常"，"FIFO异常"指的是(53)。(53)A．频繁地出页、入页的现象B．分配的页面数增加，缺页中断的次数也可能增加C．分配给进程的内存空间不足使进程无法正常工作D．进程交换的信息量过大导致系统工作区不足【解析】由于FIFO算法不考虑页面再次被使用的概率，很有可能将频繁使用的页面换出，而不常使用的页面驻留内存，由此导致进程不断申请更大的空间，最终出现"FIFO异常"。●在微型计算机中，采用中断方式的优点之一是(54)。 (54)A．可实时响应突发事件B．传送速度最快C．简单且容易实现D．CPU可以不工作【解析】微机中，输入输出方式通常有程序查询方式，中断方式，DMA方式。其中程序查询方式简单且容易实现；DMA方式传送速度最快，而且不用CPU参与。中断方式能够比较好地实时响应突发事件。●对8位补码操作数(A5)16，进行2位算术右移的结果为(55)。(55)A．(52)16B．(D2)16C．(E9)16D．(69)16【解析】算术右移比较特殊，在右移过程中操作数的最高位(符号位)保持不变各位向右移，最低位进入标志位(CF)。于是，(A5)16=(10100101)2算术右移一位为(11010010)2＝(D2)16，再算术右移一位便是(11101001)2=(E9)16。●无符号数A减去无符号数B，结果的进位标志为1表明(56)。(56)A．A≥BB．A