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1、高中物理电磁学综合一､选择题1.下图所示为理想变压器原线圈所接正弦交流电源两端的u-t图象.原、副线圈匝数比n1：n2=10：1,串联在原线圈电路中交流电流表的示数为1A,则()A.变压器原线圈所接交流电压的有效值为220VB.变压器输出端所接电压表的示数为22VC.变压器输出端交变电流的频率为50HzD.变压器的输出功率为220W解析:由交流电的有效值与最大值关系可得U==220V,A正确;变压器输出电压U2=U=22V,电压表示数即为有效值,为22V,B错;由图可知,交变电流的周期T=0.02s,则频率f=50
2、Hz,且变压器工作时交变电流的频率不变,C正确;变压器的输出功率等于输入功率P=IU=1×220W,D错.答案:AC2.如图甲所示,一条电场线与Ox轴重合,取O点电势为零,Ox方向上各点的电势φ随x变化的情况如图乙所示.若在O点由静止释放一电子,电子仅受电场力的作用,则()A.电子将沿Ox方向运动B.电子的电势能将增大C.电子运动的加速度恒定D.电子运动的加速度先减小后增大解析:由图乙可知,沿Ox方向电势升高,因此电子所受电场力沿Ox方向(与电势升高的方向相同),电场线又是直线,因此在O点由静止释放的电子,将沿Ox
3、方向运动,A正确;电场力对电子做正功,电子电势能减小,B错;由U=φ-φ0=Ed可判断,图象的斜率表示场强,由图象可看出,图线的斜率先减小后增大,即电场强度先减小后增大,那么电子运动的加速度先减小后增大,C错D正确.C项也可以直接判断,但C､D都是判断电子的加速度,因此一同判断可提高解题速度.利用电场中电势随距离变化的特点.答案:AD3.等离子气流由左方连续以v0射入P1和P2两板间的匀强磁场中,ab直导线与P1、P2相连接,线圈A与直导线cd连接.线圈A内有随图乙所示的变化磁场.且磁场B的正方向规定为向左,如图甲
4、所示,则下列叙述正确的是()A.0~1s内ab、cd导线互相排斥B.1~2s内ab、cd导线互相吸引C.2~3s内ab、cd导线互相吸引D.3~4s内ab、cd导线互相排斥解析:根据右手定则判断导线ab中电流方向为由a到b.0~2s内,线圈A产生的感应磁场向右,判断出cd导线上电流方向为由c到d,此时ab､cd导线通有同向电流相互吸引.同理2~4s内,线圈A中电流反向,ab､cd导线通有反向电流相互排斥.故答案为B､D.答案:BD4.在如图的电路中电源电动势为E,内电阻为r.闭合开关S,待电流达到稳定后,电流表示数
5、为I,电压表示数为U,电容器C所带电荷量为Q.现将滑动变阻器的滑动触头从图示位置向a端移动一些,待电流达到稳定后,则与移动前相比()A.U变小B.I变大C.Q增大D.Q减小解析:将滑动变阻器的滑动触头从图示位置向a端移动一些,则其阻值变大,回路总电阻变大,干路电流I变小,路端电压U升高,因此A､B错;电容器两端电压等于电压表示数,U变大,因此其带电量Q增大,C对D错.答案:C5.如图所示为一理想变压器,原副线圈的匝数之比为1：n,副线圈接一定值电阻R()A.若ab之间接直流电压U,则R中的电流为B.若ab之间接直流
6、电压U,则原、副线圈中的电流均为零C.若ab之间接交流电压U,则原线圈中的电流为D.若ab之间接交流电压U,则副线圈中的电流为解析:本题考查知识有:变压器工作原理､闭合电路欧姆定律.ab间接直流电压U时,原线圈中没有电阻故电流无穷大,故B选项错误,由于原线圈中的电流不变化,副线圈中没有电压,故A选项错误;若ab间接交流电压U时,由变压器工作原理知:,P1=P2,P=UI代入数据得C选项正确,D选项错误.答案:C6.如图所示,直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线,曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特
7、性曲线,如果把该小灯泡先后分别与电源1和电源2单独连接时,则下列说法不正确的是()A.电源1和电源2的内阻之比是11：7B.电源1和电源2的电动势之比是1：1C.在这两种连接状态下,小灯泡消耗的功率之比是1：2D.在这两种连接状态下,小灯泡的电阻之比是1：2解析:电源内阻之比,A正确;两电源电动势均为10V,比值为1：1,B正确;两种连接状态下,小灯泡消耗的功率之比是=1：2,C正确;两种连接状态下,小灯泡的电阻之比是D错,选D.电源伏安特性曲线与小灯泡的伏安特性曲线的交点,即为电源与小灯泡连接时的工作状态,交点的
8、坐标为工作时的电压和电流.答案:D7.如图所示,平行于纸面有一匀强电场(电场未画出),在纸面内建了一个直角坐标系xOy,以O为圆心,做半径r=2cm的圆.如果在圆上任取一点P,设OP与x轴正方向的夹角为θ,P点的电势与θ角函数关系满足φP=[8cos(θ-30°)+10]V.则下列说法正确的是()A.当θ=90°时,P点的电势为10VB.当θ=330°时,P
