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时间:2018-11-29
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1、2017年考研数学三真题一、选择题1—8小题.每小题4分,共32分.1.若函数在处连续,则(A)(B)(C)(D)【详解】,,要使函数在处连续,必须满足.所以应该选(A)2.二元函数的极值点是()(A)(B)(C)(D)【详解】,,解方程组,得四个驻点.对每个驻点验证,发现只有在点处满足,且,所以为函数的极大值点,所以应该选(D)3.设函数是可导函数,且满足,则(A)(B)(C)(D)【详解】设,则,也就是是单调增加函数.也就得到,所以应该选(C)4.若级数收敛,则()(A)(B)(C)(D)10【详解】iv时显然当且仅当,也就是时,级数的一般项是关于的
2、二阶无穷小,级数收敛,从而选择(C).5.设为单位列向量,为阶单位矩阵,则(A)不可逆(B)不可逆(C)不可逆(D)不可逆【详解】矩阵的特征值为和个,从而的特征值分别为;;;.显然只有存在零特征值,所以不可逆,应该选(A).6.已知矩阵,,,则(A)相似,相似(B)相似,不相似(C)不相似,相似(D)不相似,不相似【详解】矩阵的特征值都是.是否可对解化,只需要关心的情况.对于矩阵,,秩等于1,也就是矩阵属于特征值存在两个线性无关的特征向量,也就是可以对角化,也就是.对于矩阵,,秩等于2,也就是矩阵属于特征值只有一个线性无关的特征向量,也就是不可以对角化,
3、当然不相似故选择(B).7.设,是三个随机事件,且相互独立,相互独立,则与相互独立的充分必要条件是()(A)相互独立(B)互不相容(C)相互独立(D)互不相容【详解】10显然,与相互独立的充分必要条件是,所以选择(C).8.设为来自正态总体的简单随机样本,若,则下列结论中不正确的是()(A)服从分布(B)服从分布(C)服从分布(D)服从分布解:(1)显然且相互独立,所以服从分布,也就是(A)结论是正确的;(2),所以(C)结论也是正确的;(3)注意,所以(D)结论也是正确的;(4)对于选项(B):,所以(B)结论是错误的,应该选择(B)二、填空题(本题共
4、6小题,每小题4分,满分24分.把答案填在题中横线上)9..解:由对称性知.10.差分方程的通解为.【详解】齐次差分方程的通解为;设的特解为,代入方程,得;所以差分方程的通解为11.设生产某产品的平均成本,其中产量为,则边际成本为.10【详解】答案为.平均成本,则总成本为,从而边际成本为12.设函数具有一阶连续的偏导数,且已知,,则【详解】,所以,由,得,所以.13.设矩阵,为线性无关的三维列向量,则向量组的秩为.【详解】对矩阵进行初等变换,知矩阵A的秩为2,由于为线性无关,所以向量组的秩为2.14.设随机变量的概率分布为,,,若,则.【详解】显然由概率
5、分布的性质,知,解得,.三、解答题15.(本题满分10分)求极限【详解】令,则,1016.(本题满分10分)计算积分,其中是第一象限中以曲线与轴为边界的无界区域.【详解】17.(本题满分10分)求【详解】由定积分的定义18.(本题满分10分)已知方程在区间内有实根,确定常数的取值范围.【详解】设,则令,则,所以在上单调减少,由于,所以当时,,也就是在上单调减少,当时,,进一步得到当时,,也就是在上单调减少.10,,也就是得到.19.(本题满分10分)设,为幂级数的和函数(1)证明的收敛半径不小于.(2)证明,并求出和函数的表达式.【详解】(1)由条件也就
6、得到,也就得到也就得到,所以收敛半径(2)所以对于幂级数,由和函数的性质,可得,所以也就是有.10解微分方程,得,由于,得所以.20.(本题满分11分)设三阶矩阵有三个不同的特征值,且(1)证明:;(2)若,求方程组的通解.【详解】(1)证明:因为矩阵有三个不同的特征值,所以是非零矩阵,也就是.假若时,则是矩阵的二重特征值,与条件不符合,所以有,又因为,也就是线性相关,,也就只有.(2)因为,所以的基础解系中只有一个线性无关的解向量.由于,所以基础解系为;又由,得非齐次方程组的特解可取为;方程组的通解为,其中为任意常数.21.(本题满分11分)设二次型在
7、正交变换下的标准形为,求的值及一个正交矩阵.【详解】二次型矩阵因为二次型的标准形为.也就说明矩阵有零特征值,所以,故10令得矩阵的特征值为.通过分别解方程组得矩阵的属于特征值的特征向量,属于特征值特征值的特征向量,的特征向量,所以为所求正交矩阵.22.(本题满分11分)设随机变量相互独立,且的概率分布为,的概率密度为.(1)求概率;(2)求的概率密度.【详解】(1)所以(2)的分布函数为故的概率密度为1023.(本题满分11分)某工程师为了解一台天平的精度,用该天平对一物体的质量做了次测量,该物体的质量是已知的,设次测量结果相互独立且均服从正态分布该工程
8、师记录的是次测量的绝对误差,利用估计参数.(1)求的概率密度;(2)利用一阶矩求
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